由HashMap哈希算法引出的求余%和与运算&转换问题

目录

• 1、引出问题
• 2、结论
• 3、分析过程
• 4、总结

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1、引出问题

　　在前面讲解 HashMap  的源码实现时，有如下几点：

　　①、初始容量为 1<<4，也就是2⁴ = 16

　　

　　②、负载因子是0.75，当存入HashMap的元素占比超过整个容量的75%时，进行扩容，而且在不超过int类型的范围时，进行2次幂的扩展(指长度扩为原来2倍)

　　

　　扩大一倍

　　

　　③、新添加一个元素时，计算这个元素在HashMap中的位置，也就是本篇文章的主角 哈希运算。分为三步：

　　第一步：取 hashCode 值： key.hashCode()

　　第二步：高位参与运算：h>>>16

　　第三步：取模运算：(n-1) & hash

1     static final int hash(Object key) {
2         int h;
3         return (key == null) ? 0 : (h = key.hashCode()) ^ (h >>> 16);
4     }
5 
6     tab[i = (n - 1) & hash]；

　　ps：第 6 行代码是我自己加的。

　　我们知道一个好的 哈希算法能够使得元素分布的更加均匀，从而减少哈希冲突。HashMap 在这块的处理就很巧妙：

　　首先第一步取得 hashCode，该方法是一个用native修饰的本地方法，返回的是一个 int 类型的值（根据内存地址换算出来的一个值），通常我们都会重写该方法。

　　第二步将取得的哈希值无符号右移16位，高位补0。并与前面第一步获得的hash码进行按位异或^ 运算。这样做有什么用呢？这其实也是扰动函数，为了降低哈希码的冲突。右位移16位，正好是32bit的一半，高半区和低半区做异或，就是为了混合原始哈希码的高位和低位，以此来加大低位的随机性。而且混合后的低位掺杂了高位的部分特征，这样高位的信息也被变相保留下来。也就是保证考虑到高低Bit位都参与到Hash的计算中。

　　有兴趣的可以看看JDK1.7中，其实是做了4次扰动，在JDK1.8中只做了一次，我猜测是为了在降低冲突的同时保证效率。

　　

　　本文的重点是第三步，将经过前面两步获取的 hash 值，与HashMap的集合长度减 1 进行按位与 & 运算：(n-1) & hash。但是其实很多哈希算法，为了使元素分布均匀，都是用的取模运算，用一个值去模上总长度，即 n%hash。我们知道在计算机中 & 的效率比 % 高很多，那么如何将 % 转换为 & 运算呢？在HashMap 中，是用的 (n - 1) & hash 进行运算的，那么这是为什么呢？

　　这就是本篇博客我们将要明白的问题。

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2、结论

　　我们先给出结论：

　　当 lenth = 2ⁿ 时，X % length = X & (length - 1)

　　也就是说，长度为2的n次幂时，模运算 % 可以变换为按位与 & 运算。

　　比如：9 % 4 = 1，9的二进制是 1001 ,4-1 = 3,3的二进制是 0011。 9 & 3 = 1001 & 0011 = 0001 = 1

　　再比如：12 % 8 = 4,12的二进制是 1100,8-1 = 7,7的二进制是 0111。12 & 7 = 1100 & 0111 = 0100 = 4

　　上面两个例子4和8都是2的n次幂，结论是成立的，那么当长度不为2的n次幂呢？

　　比如：9 % 5 = 4，9的二进制是 1001，5-1 = 4,4的二进制是0100。9 & 4 = 1001 & 0100 = 0000 = 0。显然是不成立的。

　　为什么是这样？下面我们来详细分析。回到顶部

3、分析过程

　　首先我们要知道如下规则：

　　①、"<<" 左移：右边空出的位上补0，左边的位将从字头挤掉，左移一位其值相当于乘2。

　　②、">>"右移：右边的位被挤掉，右移一位其值相当于除以2。对于左边移出的空位，如果是正数则空位补0，若为负数，可能补0或补1，这取决于所用的计算机系统。

　　③、">>>"无符号右移，右边的位被挤掉，对于左边移出的空位一概补上0。

　　根据二进制数的特点，相信大家很好理解。

　　对于给定一个任意的十进制数X_nX_n-1X_n-2....X₁X₀，我们将其用二进制的表示方法分解：

　　X_nX_n-1X_n-2....X₁X₀   = X_n*2ⁿ+X_n-1*2^n-1+......+X₁*2¹+X₀*2⁰                       3-1公式

　　这里的十进制数只有三位，同理当有N位时，后面2的幂次方依次从 0 开始递增到 N 。

　　回到上面的结论： lenth = 2ⁿ 时，X % length = X & (length - 1)

　　以及对于除法，被除数是满足分配率的（除数不满足）：

　　成立：（a+b）÷c=a÷c+b÷c                                                                          3-2公式

　　不成立：a÷（b+c）≠a÷c+b÷c

　　通过 3-1公式以及 3-2 公式，我们可以得出当任意一个十进制除以一个2^k的数时，我们可以将这个十进制转换成3-1公式的表示形式：

　　(X_nX_n-1X_n-2....X₁X₀)  / 2^k   =  (X_n*2ⁿ+X_n-1*2^n-1+......+X₁*2¹+X₀*2⁰) / 2^k = X_n*2ⁿ /  2^k +X_n-1*2^n-1 /  2^k  +......+  X₁*2¹ /  2^k + X₀*2⁰ /  2^k

　　如果我们想求上面公式的余数，相信大家一眼就能看出来：

　　①、当 0<= k <= n 时，余数为 X_k*2^k+X_k-1*2^k-1+......+X₁*2¹+X₀*2⁰   ,也就是说 比 k 大的 n次幂，我们都舍掉了（大的都能整除 2^k），比k小的我们都留下来了(小的不能整除2^k)。那么留来下来即为余数。

　　②、当 k > n 时，余数即为整个十进制数。

　　看到这里，我们离证明结论已经很近了。再回到上面说的二进制的移位操作，向右移 n 位，表示除以 2ⁿ 次方，由此我们得到一个很重要的结论：

　　一个十进制数对一个2ⁿ 的数取余，我们可以将这个十进制转换为二进制数，将这个二进制数右移n位，移掉的这 n 位数即是余数。

　　知道怎么算余数了，那么我们怎么去获取这移掉的 n 为数呢？

　　我们再看2⁰,2¹,2²....2ⁿ  用二进制表示如下：

　　0001，0010，0100，1000，10000......

　　我们把上面的数字减一：

　　0000，0001，0011，0111，01111......

　　根据与运算符&的规律，当位上都是 1 时，结果才是 1，否则为 0。所以任意一个二进制数对 2^k 取余时，我们可以将这个二进制数与（2^k-1）进行按位与运算，保留的即使余数。

　　这就完美的证明了前面给出的结论：

　　当 lenth = 2ⁿ 时，X % length = X & (length - 1)

　　注意，一定要是2ⁿ次方，才满足上面的公式，否则就是错误的。

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4、总结

　　通过上面的分析过程了，我们完美了证明了公式的正确性。在回到 HashMap 的实现过程，我们知道HashMap的初始容量为啥是 1<<4 了吧，而且每次扩容都是扩大一倍。因为必须要完美的满足 hash 算法。