Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 512 MB
Submit: 2440 Solved: 1415
[Submit][Status][Discuss]
Description
Linux用户和OSX用户一定对软件包管理器不会陌生。通过软件包管理器,你可以通过一行命令安装某一个软件包,然后软件包管理器会帮助你从软件源下载软件包,同时自动解决所有的依赖(即下载安装这个软件包的安装所依赖的其它软件包),完成所有的配置。Debian/Ubuntu使用的apt-get,Fedora/CentOS使用的yum,以及OSX下可用的homebrew都是优秀的软件包管理器。
你决定设计你自己的软件包管理器。不可避免地,你要解决软件包之间的依赖问题。如果软件包A依赖软件包B,那么安装软件包A以前,必须先安装软件包B。同时,如果想要卸载软件包B,则必须卸载软件包A。现在你已经获得了所有的软件包之间的依赖关系。而且,由于你之前的工作,除0号软件包以外,在你的管理器当中的软件包都会依赖一个且仅一个软件包,而0号软件包不依赖任何一个软件包。依赖关系不存在环(若有m(m≥2)个软件包A1,A2,A3,…,Am,其中A1依赖A2,A2依赖A3,A3依赖A4,……,Am−1依赖Am,而Am依赖A1,则称这m个软件包的依赖关系构成环),当然也不会有一个软件包依赖自己。
现在你要为你的软件包管理器写一个依赖解决程序。根据反馈,用户希望在安装和卸载某个软件包时,快速地知道这个操作实际上会改变多少个软件包的安装状态(即安装操作会安装多少个未安装的软件包,或卸载操作会卸载多少个已安装的软件包),你的任务就是实现这个部分。注意,安装一个已安装的软件包,或卸载一个未安装的软件包,都不会改变任何软件包的安装状态,即在此情况下,改变安装状态的软件包数为0。
Input
输入文件的第1行包含1个正整数n,表示软件包的总数。软件包从0开始编号。
随后一行包含n−1个整数,相邻整数之间用单个空格隔开,分别表示1,2,3,…,n−2,n−1号软件包依赖的软件包的编号。
接下来一行包含1个正整数q,表示询问的总数。
之后q行,每行1个询问。询问分为两种:
installx:表示安装软件包x
uninstallx:表示卸载软件包x
你需要维护每个软件包的安装状态,一开始所有的软件包都处于未安装状态。对于每个操作,你需要输出这步操作会改变多少个软件包的安装状态,随后应用这个操作(即改变你维护的安装状态)。
Output
输出文件包括q行。
输出文件的第i行输出1个整数,为第i步操作中改变安装状态的软件包数。
Sample Input
7
0 0 0 1 1 5
5
install 5
install 6
uninstall 1
install 4
uninstall 0
Sample Output
3
1
3
2
3
HINT
一开始所有的软件包都处于未安装状态。
安装 5 号软件包,需要安装 0,1,5 三个软件包。
之后安装 6 号软件包,只需要安装 6 号软件包。此时安装了 0,1,5,6 四个软件包。
卸载 1 号软件包需要卸载 1,5,6 三个软件包。此时只有 0 号软件包还处于安装状态。
之后安装 4 号软件包,需要安装 1,4 两个软件包。此时 0,1,4 处在安装状态。
最后,卸载 0 号软件包会卸载所有的软件包。
n=100000
q=100000
题解
因为题目中的依赖关系是一棵树,并且要求的是树上的点权和,我们就想到树链剖分,安装
相当于让x到根的链权值变为1,卸载相当于让x的子树的权值都变为0
有一个小技巧是只需要记录根的sum值,然后与操作后的作差即可。
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MAXN = 200005;
inline int rd(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0' || ch>'9') {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0' && ch<='9') {x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
struct Edge{
int nxt,to;
}edge[MAXN*2];
struct Node{
int sum,lazy;
}node[MAXN*2];
int n,q,id[MAXN],num,d[MAXN],top[MAXN];
int head[MAXN],cnt,fa[MAXN],son[MAXN],siz[MAXN];
inline void add(int bg,int ed){
edge[++cnt].to=ed;
edge[cnt].nxt=head[bg];
head[bg]=cnt;
}
inline void dfs1(int x,int father,int dep){
d[x]=dep;
fa[x]=father;
siz[x]=1;
int maxson=-1;
for(register int i=head[x];i;i=edge[i].nxt){
int u=edge[i].to;
if(u==father) continue;
dfs1(u,x,dep+1);
siz[x]+=siz[u];
if(siz[u]>maxson) {son[x]=u;maxson=siz[u];}
}
}
inline void dfs2(int x,int topf){
id[x]=++num;
top[x]=topf;
if(!son[x]) return;
dfs2(son[x],topf);
for(register int i=head[x];i;i=edge[i].nxt){
int u=edge[i].to;
if(u==fa[x] || u==son[x]) continue;
dfs2(u,u);
}
}
inline void pushup(int x){
node[x].sum=node[x<<1].sum+node[x<<1|1].sum;
}
inline void pushdown(int x,int ls,int rs){
if(node[x].lazy!=-1){
node[x<<1].lazy=node[x].lazy;
node[x<<1].sum=ls*node[x].lazy;
node[x<<1|1].lazy=node[x].lazy;
node[x<<1|1].sum=rs*node[x].lazy;
node[x].lazy=-1;
}
}
inline void build(int x,int L,int R){
if(L==R){
node[x].lazy=-1;
return;
}
int mid=(L+R)>>1;
build(x<<1,L,mid);
build(x<<1|1,mid+1,R);
}
inline void update(int x,int L,int R,int l,int r,int k){
if(l<=L && R<=r){
node[x].sum=(R-L+1)*k;
node[x].lazy=k;
return;
}
int mid=(L+R)>>1;
pushdown(x,mid-L+1,R-mid);
if(mid>=l) update(x<<1,L,mid,l,r,k);
if(mid<r) update(x<<1|1,mid+1,R,l,r,k);
pushup(x);
}
inline void updRange(int x,int y,int z){
while(top[x]!=top[y]){
update(1,1,n,id[top[x]],id[x],z);
x=fa[top[x]];
}
x^=y^=x^=y;
update(1,1,n,id[x],id[y],z);
}
int main(){
n=rd();
for(register int i=2;i<=n;i++) { //个人记录习惯.
int x;x=rd();
add(x+1,i);add(i,x+1);
}
q=rd();
dfs1(1,1,1);
dfs2(1,1);
build(1,1,n);
while(q--){
char c[MAXN];
scanf("%s",c+1);
if(c[1]=='i'){
int x;
x=rd();x++;
int pre=node[1].sum;
updRange(x,1,1);
printf("%d
",node[1].sum-pre);
}
else{
int x;
x=rd();x++;
int pre=node[1].sum;
update(1,1,n,id[x],id[x]+siz[x]-1,0);
printf("%d
",pre-node[1].sum);
}
}
return 0;
}