BZOJ 3626: [LNOI2014]LCA(树剖+差分+线段树)

传送门

解题思路

　　比较有意思的一道题。首先要把求(sumlimits_{i=l}^r dep[lca(i,z)])这个公式变一下。就是考虑每一个点的贡献，做出贡献的点一定在(z)到根节点的路径上，对于(x)这个点，它的贡献就是区间([l,r])与(z)的(lca)在它下方的个数。那么就可以将区间内的每一个点到根的路径权值都(+1)，然后求一下(z)到根节点的权值即为答案，这样的话用线段树就行了。但每次询问要暴力清空线段树，时间复杂度是(O(qnlog^2n))的，承受不住。现在考虑怎样优化一下(q)，首先询问是可以拆成两端的，就是([1,r]-[1,l-1])的形式，然后这样的话就不用暴力清空了。只需要离线预处理，把区间拆成两部分，按右端点排序(左端点都是(1))，然后每次修改时只需要修改当前询问到上一个询问这段区间就行了，修改时每个点最多只会被改一次。时间复杂度(O(nlog^2n))

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>

using namespace std;
const int MAXN = 50005;
const int MOD = 201314;

inline int rd(){
	int x=0,f=1;char ch=getchar();
	while(!isdigit(ch)) {f=ch=='-'?0:1;ch=getchar();}
	while(isdigit(ch))  {x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';ch=getchar();}
	return f?x:-x;
}

int n,Q,head[MAXN],cnt,to[MAXN<<1],nxt[MAXN<<1],ans[MAXN];
int dep[MAXN],siz[MAXN],son[MAXN],fa[MAXN],top[MAXN],id[MAXN],num;
int sum[MAXN<<2],tag[MAXN<<2];

struct Query{
	int pos,type,id,z;
	friend bool operator<(const Query A,const Query B){
		return A.pos<B.pos;
	}
}q[MAXN<<1];

inline void add(int bg,int ed){
	to[++cnt]=ed,nxt[cnt]=head[bg],head[bg]=cnt;
}

void dfs1(int x,int f,int d){
	fa[x]=f;dep[x]=d;siz[x]=1;
	int maxson=-1,u;
	for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
		u=to[i];if(u==f) continue;
		dfs1(u,x,d+1);siz[x]+=siz[u];
		if(siz[u]>maxson) {maxson=siz[u];son[x]=u;}
	}
}

void dfs2(int x,int topf){
	id[x]=++num;top[x]=topf;if(!son[x]) return;
	dfs2(son[x],topf);int u;
	for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
		u=to[i];if(u==fa[x] || u==son[x]) continue;
		dfs2(u,u);
	}
}

inline void pushdown(int x,int ln,int rn){
	sum[x<<1]+=tag[x]*ln%MOD;sum[x<<1]%=MOD;
	sum[x<<1|1]+=tag[x]*rn%MOD;sum[x<<1|1]%=MOD;
	tag[x<<1]+=tag[x];tag[x<<1|1]+=tag[x];tag[x]=0;
}

void update(int x,int l,int r,int L,int R){
	if(L<=l && r<=R) {sum[x]+=r-l+1;sum[x]%=MOD;tag[x]++;return;}
	int mid=(l+r)>>1;if(tag[x]) pushdown(x,mid-l+1,r-mid);
	if(L<=mid) update(x<<1,l,mid,L,R);
	if(mid<R)  update(x<<1|1,mid+1,r,L,R);
	sum[x]=sum[x<<1]+sum[x<<1|1];sum[x]%=MOD;
}

int query(int x,int l,int r,int L,int R){
	if(L<=l && r<=R) return sum[x];
	int mid=(l+r)>>1,ret=0;if(tag[x]) pushdown(x,mid-l+1,r-mid);
	if(L<=mid) ret=(ret+query(x<<1,l,mid,L,R))%MOD;
	if(mid<R) ret=(ret+query(x<<1|1,mid+1,r,L,R))%MOD;
	return ret;
}

void updRange(int x){
	while(top[x]!=1){
		update(1,1,n,id[top[x]],id[x]);
		x=fa[top[x]];
	}
	update(1,1,n,1,id[x]);
}

int qRange(int x){
	int ret=0;
	while(top[x]!=1){
		ret=(ret+query(1,1,n,id[top[x]],id[x]))%MOD;
		x=fa[top[x]];
	}
	ret=(ret+query(1,1,n,1,id[x]))%MOD;
	return ret;
}

int main(){
	n=rd(),Q=rd();int x,y,z;
	for(int i=2;i<=n;i++){
		x=rd()+1;add(x,i);add(i,x);
	}
	dfs1(1,0,1);dfs2(1,1);
	for(int i=1;i<=Q;i++){
		x=rd(),y=rd(),z=rd();y++;z++;
		q[(i<<1)-1].id=i;q[(i<<1)-1].type=1;q[(i<<1)-1].pos=x;q[(i<<1)-1].z=z;
		q[i<<1].id=i;q[i<<1].type=2;q[i<<1].pos=y;q[i<<1].z=z;
	}
	sort(q+1,q+1+(Q<<1));
	for(int i=1;i<=(Q<<1);i++){
		if(!q[i].pos) continue;
		for(int j=q[i-1].pos+1;j<=q[i].pos;j++) updRange(j);
		if(q[i].type==2) ans[q[i].id]+=qRange(q[i].z);
		else ans[q[i].id]-=qRange(q[i].z);ans[q[i].id]%=MOD;
	}
	for(int i=1;i<=Q;i++)
		printf("%d
",(ans[i]+MOD)%MOD);
	return 0;
}