Codeforces Round #361 (Div. 2) C D

C 给出一个m 此时有 四个数 分别为x k*x k*k*x k*k*k*x k大于1 x大于等于1 要求求出来一个最小的值n 使其满足 这四个数中的最大值小于n 这四个数可能的组数为m

可以看出这四个数递增 所以最大值必定是第四个 

所以我们二分n 需要注意的是longlong可以定义到1e18 初始应当是l小于等于可能的最小值(0) r大于等于可能的最大值(1e18) 如果初始范围就定义错误的话 二分不会出现正确答案

在这里由于控制l=mid+1或者r=mid-1 这一类的时候 容易丢失mid 造成一些麻烦 所以采用了一种看起来比较暴力的写法 当满足judge==m时直接break出来 然后while控制变小

因为如果满足过judge 就一定不是-1

需要注意的是避免i*i*i爆int 提前初始化省时间

时间复杂度是二分(最大64 )*1e6

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<math.h>
#include<queue>
using namespace std;
long long n,m;
long long a[1000050];
void init()
{
    for(long long i=1;i<=1000000;i++)
    {
        a[i]=i*i*i;
    }
}
long long judge(long long z)
{
    long long res=0;
    for(int i=2;i<=1000000;i++)
    {
        if(z/a[i]==0)
            return res;
        res+=(z/a[i]);
    }
    return res;
}
int main()
{
    while(~scanf("%lld",&m))
    {
        init();
        long long l=0;
        long long r= 1e18+50000000;
        long long mid;
        while(l<=r)
        {

            mid=(l+r)>>1;
            long long z=judge(mid);
            if(z>m)
            {
                r=mid-1;
            }
            else if(z<m)
            {
                l=mid+1;
            }
            else break;
        }
        if(judge(mid)==m)
        {
            while(true)
            {
                mid--;
                if(judge(mid)==m){
                    continue;
                }
                else {
                    printf("%lld
",mid+1);
                    break;
                }
            }
        }

        else printf("-1
");
    }
}

D 给出两个数组 求出满足条件的l r组数 max第一组a[l-r] = min第二组b[l-r]

比赛的时候去掉了线段树莫队rmq 因为如果抽象询问的话 最后是n*(n+1)/2次询问 n是2e5 太大

也想到过二分 因为看起来应该采用nlogn的办法 然而因为二分需要满足稳定的递增 就排除了

赛后看题解..居然真的是二分+rmq  记得那场cf感觉奇难 AB打完一个小时就过去了 怎么可能想出来二分+数据结构这种神奇的办法

这个算法里面 rmq的预处理是nlogn的 查询是1的 二分的查询也是常数的 所以总体是nlogn的

http://blog.csdn.net/Miracle_ma/article/details/51860149 这道题的思想和rmq模板都来自于这个博客

每次我们枚举i 以i作为左区间枚举右区间 满足max-min=0

第一次我们得到的是 最左的不满足的 第二次得到的是 最右的满足的 相减就是i做左区间的右区间范围 

需要注意的是ans可能爆int

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<map>
#include<queue>
#include<iostream>
#include<vector>
using namespace std;
int a[200050];
int b[200050];
int aa[200050][25];
int bb[200050][25];
int n;
void rmq_inita()
{
    for(int i=0; i<n; i++) aa[i][0]=a[i];
    for(int j=1; (1<<j)<=n; j++)
    {
        for(int i=0; i+(1<<j)-1<n; i++)
        {
            aa[i][j]=max(aa[i][j-1],aa[i+(1<<(j-1))][j-1]);
        }
    }
}

void rmq_initb()
{
    for(int i=0; i<n; i++) bb[i][0]=b[i];
    for(int j=1; (1<<j)<=n; j++)
    {
        for(int i=0; i+(1<<j)-1<n; i++)
        {
            bb[i][j]=min(bb[i][j-1],bb[i+(1<<(j-1))][j-1]);
        }
    }
}

int rmqa(int L,int R)
{
    int k=0;
    while((1<<(k+1))<=R-L+1) k++;
    return max(aa[L][k],aa[R-(1<<k)+1][k]);
}

int rmqb(int L,int R)
{
    int k=0;
    while((1<<(k+1))<=R-L+1) k++;
    return min(bb[L][k],bb[R-(1<<k)+1][k]);
}
int main()
{
    while(cin>>n)
    {
        for(int i = 0; i<n; i++)cin>>a[i];
        for(int i = 0; i<n; i++)cin>>b[i];
        rmq_inita();
        rmq_initb();
        long long int ans= 0;
        for(int i=0; i<n; i++)
        {
            long long int res=0;
            int l = i;
            int r = n-1;
            while(l<=r)
            {
                int mid = (l + r)>>1;
                if(rmqa(i,mid)-rmqb(i,mid)<0)
                {
                    l = mid + 1;
                }
                else  r = mid - 1;
            }
            res= l;
            l = i;
            r = n-1;
            while(l<=r)
            {
                int mid = (l + r)>>1;
                if(rmqa(i,mid)-rmqb(i,mid)>0)
                {
                    r = mid - 1;
                }
                else l = mid + 1;
            }
            ans += l-res;
        }
        printf("%lld
",ans);
    }
}