题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/P2899
题目大意:给你一棵树,在树中选择一些节点,使得树中的每个节点要么是选择的节点,要么和至少一个选择的节点相邻。求:最少选择节点个数。
解题思路:树形DP。对于每个节点 (u),定义状态:
- (f_{u,0}):以 (u) 为根的子树中,(u) 没有选但是 (u) 的父节点选了(假设 (u) 有父节点)的情况下的最小选择节点数;
- (f_{u,1}):以 (u) 为根的子树中,(u) 选择了的情况下的最小选择节点数;
- (f_{u,2}):以 (u) 为根的子树中,(u) 没有选,但是 (u) 的所有子节点中至少有一个选择了的情况下的最小选择节点数。
则,状态转移方程为(用 (v) 来表示左右 (u) 的子节点集合中的元素):
(f_{u,0})
(f_{u,0} = sumlimits_{v} min{ f_{v,1}, f_{v,2} })
- 因为此时 (u) 没有选,但是它的(即将到来的)父节点会选,所以对于 (u) 的子节点 (v) 来说,可以选((f_{v,1}))也可以不选,但是不选的情况下因为 (u) 和 (v) 都没有选了,所以必须得保证 (v) 至少有一个子节点是选择了的(对应状态 (f_{v,2}))
(f_{u,1})
(f_{u,1} = sumlimits_{v} min{ f_{v,0}, f_{v,1} })
- 在 (u) 选了的情况下,它的子节点 (v) 可以选(对应状态 (f_{v,1}))也可以不选,但是不选的时候对于 (v) 来说它的父节点是选择了的(刚好对应 (f_{v,0}))
(f_{u,2})
(f_{u,2}) 的计算比较特殊一点。
- 若 (u) 的子节点 (v) 中存在至少一个节点 (v) 满足 (f_{v,1} le f_{v,0}),则说明可以在选择 (v) 的情况下达到 (f_{u,0}) 的最小是,则此时 (f_{u,2} = f_{u,0});
- 否则(所有 (v) 都是 (f_{v,1} gt f_{v,0})),则需要选择一个 (f_{v,1} - f_{v,0}) 最小的一个 (v)(设为 (v')),(f_{u,2} = f_{u,0} - f_{v',0} + f_{v', 1})
当然,其中还存在一些不合法的情况,比如叶子节点的 (f_{u,2}) 就不可能存在,将其设为 (+ infty) 即可(我代码中设为了 (n),因为所有的状态都不会超过 (n))。
示例程序:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 10010;
int n, f[maxn][3];
vector<int> g[maxn];
void dfs(int u, int p) {
f[u][0] = f[u][2] = 0;
f[u][1] = 1;
bool flag = false;
for (auto v : g[u]) {
if (v != p) {
dfs(v, u);
f[u][0] += min(f[v][1], f[v][2]);
f[u][1] += min(f[v][0], f[v][1]);
if (f[v][1] <= f[v][2]) flag = true;
}
}
if (flag) f[u][2] = f[u][0];
else {
f[u][2] = n;
for (auto v : g[u]) {
if (v != p) {
f[u][2] = min(f[u][2], f[u][0] - f[v][2] + f[v][1]);
}
}
if (f[u][2] == 0) f[u][2] = n;
}
}
int main() {
cin >> n;
for (int i = 1; i < n; i ++) {
int u, v;
cin >> u >> v;
g[u].push_back(v);
g[v].push_back(u);
}
dfs(1, -1);
cout << min(f[1][2], f[1][1]) << endl;
return 0;
}