题意：
一个长度为(2n)的序列，任取(n)个加入(A)集合，剩余加入(B)集合。
(A)集合升序排序，(B)集合降序排序，两个集合之间对应元素作差的绝对值之和(sum|x_i-y_i|)记为(f)。
每个元素都看成是不同的（相同大小也不同），求可能的取法的(f)之和。
题解：
想了一会儿没啥想法。
然后想到了去绝对值。
去掉绝对值之后，每个元素对于答案的贡献一部分是正一部分是负，接下来就考虑正负的关系就行了。
考虑(n==2)的情况，记四个元素为(a,b,c,d)（从小到大排序）。
手动列出所有(6)种情况，发现(a,b)永远是负的，(c,d)永远是正的，猜测是否前(n)个恒负，后(n)个恒正。
现证明：
前(n)个元素用(u)表示，后(n)个元素用(v)表示
假设(A)集合中有(k)个(u)，于是他有(n-k)个(v)。
于是在(B)集合中有(n-k)个(u)，(k)个(v)。
排序后发现(A)中的(u)都对上(v)，(v)都对上(u)，又(u)是恒小于等于(v)的，于是证明(u)的贡献一定为负，而(v)的贡献一定为正。
最后再乘上所有的方案数就行了。
#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define Mid ((l + r) >> 1)
#define lson (rt << 1)
#define rson (rt << 1 | 1)
using namespace std;
const int mod = 998244353;
int read(){
char c; int num, f = 1;
while(c = getchar(),!isdigit(c)) if(c == '-') f = -1; num = c - '0';
while(c = getchar(), isdigit(c)) num = num * 10 + c - '0';
return f * num;
}
const int N = 1e6 + 1009;
int n, base = 1, a[N], ans, inv[N];
signed main()
{
n = read();
inv[1] = 1;
for(int i = 2; i <= n; i++)
inv[i] = (mod - mod / i) * inv[mod % i] % mod;
for(int i = 1; i <= n; i++)
base = base * inv[i] % mod;
for(int i = n + 1; i <= 2 * n; i++)
base = base * i % mod;
for(int i = 1; i <= 2 * n; i++) a[i] = read();
sort(a + 1, a + 1 + 2 * n);
for(int i = 1; i <= n; i++)
ans = (ans - a[i]) % mod;
for(int i = n + 1; i <= n * 2; i++)
ans = (ans + a[i]) % mod;
ans = (ans + mod) % mod;
ans = ans * base % mod;
printf("%lld
", ans);
return 0;
}