洛谷2073 送花 线段树

传送门：https://www.luogu.org/problemnew/show/2073#sub

题目背景

小明准备给小红送一束花，以表达他对小红的爱意。他在花店看中了一些花，准备用它们包成花束。

题目描述

这些花都很漂亮，每朵花有一个美丽值W，价格为C。

小明一开始有一个空的花束，他不断地向里面添加花。他有以下几种操作：

操作 含义

1 W C 添加一朵美丽值为W，价格为C的花。

3 小明觉得当前花束中最便宜的一朵花太廉价，不适合送给小红，所以删除最便宜的一朵花。

2 小明觉得当前花束中最贵的一朵花太贵，他心疼自己的钱，所以删除最贵的一朵花。

-1 完成添加与删除，开始包装花束

若删除操作时没有花，则跳过删除操作。

如果加入的花朵价格已经与花束中已有花朵价格重复，则这一朵花不能加入花束。

请你帮小明写一个程序，计算出开始包装花束时，花束中所有花的美丽值的总和，以及小明需要为花束付出的总价格。

输入格式

若干行，每行一个操作，以-1结束。

输出格式

一行，两个空格隔开的正整数表示开始包装花束时，花束中所有花的美丽值的总和。以及小明需要为花束付出的总价格。

样例君

输入

1 1 1

1 2 5

2

1 3 3

3

1 5 2

-1

输出

8 5

蒟蒻吐槽

　　忍不住想说，数据结构好麻烦啊啊。

　　其实这道题和洛谷1198最大数（传送门）蛮像的，反正我是这么认为。因为蒟蒻太弱了，只能暴力建一棵最大的树。每次加入花时，就把花束末尾的编号++，然后单点修改。对于拔花（滑稽），线段树维护最大值最小值，loc数组记录每个价格的花在数列的哪个位置，要是不想记录的话，也可以在pushup的时候顺便把max和min的位置传上来。

　　再删除的时候把那个节点的所有值赋成0，代表这个点不再存在了，要是不想写的话，建树的时候打个标记也可以。

　　为了便于记录答案和输出，我的树里记录了每个点对应的价值和、美丽度和、max值、min值。

　　代码附上，希望dalao们不要嫌弃哈。O(∩_∩)O！

代码

#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;

const int N=100010;

struct node
{
    int c,w,mx,mn;
}tr[N<<2];
int ql,qr,w,c,k,n;
int loc[N*10];

void update(int o,int l,int r)
{
    if(ql<=l&&qr>=r)
    {
        tr[o].c=c;
        tr[o].w=w;
        tr[o].mx=tr[o].mn=c;
        return;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    if(ql<=mid)update(o<<1,l,mid);
    if(qr>mid)update(o<<1|1,mid+1,r);
    if(!tr[o<<1].mx&&tr[o<<1|1].mx)tr[o]=tr[o<<1|1];
    if(!tr[o<<1].mx&&!tr[o<<1|1].mx)tr[o].w=tr[o].c=tr[o].mx=tr[o].mn=0;
    if(tr[o<<1].mx&&!tr[o<<1|1].mx)tr[o]=tr[o<<1];
    if(tr[o<<1].mx&&tr[o<<1|1].mx)
    {
        tr[o].mx=max(tr[o<<1].mx,tr[o<<1|1].mx);
        tr[o].mn=min(tr[o<<1].mn,tr[o<<1|1].mn);
        tr[o].w=tr[o<<1].w+tr[o<<1|1].w;
        tr[o].c=tr[o<<1].c+tr[o<<1|1].c;
    }
}

int main()
{
    while(true)
    {
        scanf("%d",&k);
        if(k==1)
        {
            scanf("%d%d",&w,&c);
            if(loc[c])continue;
            n++;
            loc[c]=n;
            ql=qr=n;
            update(1,1,N);
        }
        else if(k==2)
        {
            if(!tr[1].mx)continue;
            ql=qr=loc[tr[1].mx];
            loc[tr[1].mx]=0;
            c=0;w=0;
            update(1,1,N);
        }
        else if(k==3)
        {
            if(!tr[1].mn)continue;
            ql=qr=loc[tr[1].mn];
            loc[tr[1].mn]=0;
            c=0;w=0;
            update(1,1,N);
        }
        else break;
    }
    printf("%d %d",tr[1].w,tr[1].c);
    return 0;
}