题目描述
“南山之首日鹊山。其首日招摇之山，临于西海之上，多桂，多金玉。有草焉，其状如韭而青华，其名日祝余，食之不饥……又东三百里，日堂庭之山，多棪木，多白猿，多水玉，多黄金。
又东三百八十里，日猨翼之山，其中多怪兽，水多怪鱼，多白玉，多蝮虫，多怪蛇，名怪木，不可以上。……”
《山海经》是以山为纲，以海为线记载古代的河流、植物、动物及矿产等情况，而且每一条记录路线都不会有重复的山出现。某天，你的地理老师想重游《山海经》中的路线，为了简化问题，老师已经把每座山用一个整数表示他对该山的喜恶程度，他想知道第a座山到第b座山的中间某段路(i,j)。能使他感到最满意，即(i,j)这条路上所有山的喜恶度之和是(c,d)(a≤c≤d≤b)最大值。
于是老师便向你请教，你能帮助他吗?值得注意的是，在《山海经》中，第i座山只能到达第i+1座山。
输入格式
输入第1行是两个数，n，m，2≤n≤100000，1≤m≤100000，n表示一共有n座山，m表示老师想查询的数目。
第2行是n个整数，代表n座山的喜恶度，绝对值均小于10000。
以下m行每行有a，b两个数，1≤a≤j≤b≤m，表示第a座山到第b座山。
输出格式
一共有m行，每行有3个数i，j，s，表示从第i座山到第j座山总的喜恶度为s。显然，对于每个查询，有a≤i≤j≤b，如果有多组解，则输出i最小的，如果i也相等，则输出j最小的解。
样例
样例输入
5 3
5 -6 3 -1 4
1 3
1 5
5 5
样例输出
1 1 5
3 5 6
5 5 4
分析
题意就是让你维护区间最大子段和，如果有多个，输出最靠左的那一个
线段树要维护区间左端点、右端点、最大子段和、最大前缀和、最大后缀和、最大子段和的左右端点、最大前缀和的右端点、最大后缀和的左端点、区间和
合并时，区间最大子段和：左区间最大子段和、右区间最大子段和、左区间最大后缀和+右区间最大前缀和
区间最大前缀和：左区间最大前缀和、左区间和+右区间最大前缀和
区间最大后缀和：右区间最大后缀和、左区间最大后缀和+右区间和
注意更新最大子段和的端点时要注意最左端的优先
代码
#include<cstdio>
const int maxn=1e6+5;
inline int read(){
int x=0,f=1;
char ch=getchar();
while(ch<'0' || ch>'9'){
if(ch=='-') f=-1;
ch=getchar();
}
while(ch>='0' && ch<='9'){
x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48);
ch=getchar();
}
return x*f;
}
struct trr{
int l,r,mmax,lmax,rmax,jll,jlr,zb,yb,sum;
trr(){
mmax=rmax=lmax=-0x3f3f3f3f;
jll=zb=0x3f3f3f3f;
jlr=yb=-0x3f3f3f3f;
}
}tr[maxn];
int a[maxn],n,m;
trr push_up(trr aa,trr bb){
trr now;
now.l=aa.l,now.r=bb.r;
now.sum=aa.sum+bb.sum;
if(now.mmax<aa.mmax || (now.mmax==aa.mmax && now.jll>aa.jll)){
now.mmax=aa.mmax;
now.jll=aa.jll;
now.jlr=aa.jlr;
}
if(now.mmax<bb.mmax || (now.mmax==bb.mmax && now.jll>bb.jll)){
now.mmax=bb.mmax;
now.jll=bb.jll;
now.jlr=bb.jlr;
}
if(now.mmax<aa.rmax+bb.lmax || (now.mmax==aa.rmax+bb.lmax && now.jll>aa.yb)){
now.mmax=aa.rmax+bb.lmax;
now.jll=aa.yb;
now.jlr=bb.zb;
}
now.lmax=aa.lmax,now.zb=aa.zb;
if(aa.sum+bb.lmax>now.lmax){
now.lmax=aa.sum+bb.lmax;
now.zb=bb.zb;
}
now.rmax=bb.rmax,now.yb=bb.yb;
if(aa.rmax+bb.sum>=now.rmax){
now.rmax=aa.rmax+bb.sum;
now.yb=aa.yb;
}
return now;
}
void build(int da,int l,int r){
tr[da].l=l,tr[da].r=r;
if(l==r){
tr[da].mmax=tr[da].lmax=tr[da].rmax=tr[da].sum=a[l];
tr[da].jll=tr[da].jlr=tr[da].zb=tr[da].yb=l;
return;
}
int mids=(tr[da].l+tr[da].r)>>1;
build(da<<1,l,mids);
build(da<<1|1,mids+1,r);
tr[da]=push_up(tr[da<<1],tr[da<<1|1]);
}
trr cx(int da,int l,int r){
if(tr[da].l>=l && tr[da].r<=r){
return tr[da];
}
int mids=(tr[da].l+tr[da].r)>>1;
if(l>mids) return cx(da<<1|1,l,r);
else if(r<=mids) return cx(da<<1,l,r);
else return push_up(cx(da<<1,l,r),cx(da<<1|1,l,r));
}
int main(){
n=read(),m=read();
for(int i=1;i<=n;i++){
a[i]=read();
}
build(1,1,n);
for(int i=1;i<=m;i++){
int l,r;
l=read(),r=read();
trr now=cx(1,l,r);
printf("%d %d %d
",now.jll,now.jlr,now.mmax);
}
return 0;
}