石子合并问题它有三种分类。。。
1、给出N堆石子，要将N堆石子合并成一堆，规定：每次任意合并两堆石子，花费为合并后的石子个数，求合并为一堆石子的最多或最少花费。
这是最简单的情况，直接贪心，每次取最小的两堆石子合并，就能得到答案。类似oj上的23940。
2、给出N堆石子线性排成一列，要将N堆石子合并成一堆，规定：每次合并相邻两堆石子，花费为合并后的石子个数，求合并为一堆石子的最多或最少花费。
这种就比较复杂点，如果你看过矩阵连乘，你会发觉很相似。所以我们类似地用矩阵连乘的递推方式，就可以得到它的状态转移方程：设dp[ i ] [ j ]为第 i 堆石子到 j 堆石子合并的最优值，sum[ i ][ j ]为第 i 堆石子到第 j 堆石子的总和。
0 (i = j)
即 dp[ i ][ j ]={ min ( dp[ i ][ k ] +dp[ k+1 ][ j ]+sum[ i ][ j ] ) (i != j)
其代码实现
3、第三种就是在第二种的基础上，将线性改成环形排列。。。。
其思想分析跟第二种是差不多的，但他是环形的，就意味他不只是1 2 3 4 这样合并，还可以4 1 2 3这样取。不难发现，其实解法类似。不过由于是环形，我们要在每次相加只有都对个数取余数，以防止数组越界。
0 j==0；
dp[ i ] [ j ]={min（ dp[ i] [ k ]+dp[ （k + i+1）% n][ j - k- 1]+sum[ i ][ j ] ） j 〉0
重点记住：不过，此处的j与前面(2)中的j意义并不一样，此处的j意义为：从第i堆出发，往下数j堆石子。而且sum的取法有些不一样，例如，总共5堆石子，从第四堆后取4堆石子，就分为两部分去取：4-5，1-2 去取。但要记住sum和dp都一样，第一维记录的是起点，第二维代表的是从起点后取合并多少堆石子。
代码如下：
#include<bits/stdc++.h>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define MAX 205
int dp1[MAX][MAX];
int dp2[MAX][MAX];
int p[MAX];
int n;
using namespace std;
int getsum(int i,int j){//求第 i 堆起，取j 堆的sum。
if(i+j<n){
int k;
if(i==0)
k=0;
else
k=p[i-1];
return p[i+j]-k;
}
else
return getsum(0,i+j-n)+getsum(i,n-i-1);//分两部份。
}
void itin(){//初始化，最小子问题。
for(int i=0;i<n;i++){
dp1[i][0]=0;
dp2[i][0]=0;
}
}
int main(void){
scanf("%d",&n);
itin();
int x;
for(int i=0;i<n;i++){//前i堆和。
scanf("%d",&x);
if(i==0)
p[i]=x;
else
p[i]=p[i-1]+x;
}
for(int i=0;i<n;i++){
dp1[i][i]=0;
dp2[i][i]=0;
}
for(int j=1;j<n;j++)//枚举长度。
for(int i=0;i<n;i++){
int temp=getsum(i,j);
// printf("%dok
",temp);
dp1[i][j]=INF;
dp2[i][j]=-1;
for(int k=0;k<j;k++){
dp1[i][j]=min(dp1[i][j],dp1[i][k]+dp1[(i+k+1)%n][j-k-1]+temp);//递推取最优。
dp2[i][j]=max(dp2[i][j],dp2[i][k]+dp2[(i+k+1)%n][j-k-1]+temp);
}
}
int mi=dp1[0][n-1];
int ma=dp2[0][n-1];
for(int i=0;i<n;i++){//枚举起点找最优。
mi=min(dp1[i][n-1],mi);
ma=max(dp2[i][n-1],ma);
}
printf("%d %d
",mi,ma);
}