CF1542D

题目

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题解

直接计算似乎十分困难，那么可以单独考虑每个数x的贡献。(B_x)为最后(x)存在于队列中的方案数，那么答案就是(sum{x imes B_x})。
对于每条类型2的指令I，假设它的值为X，它的方案数可以用dp计算得到。令dp[i][j]代表在第i条指令时队列内比X小的数有j个时的方案数。在比较大小时用位置作为第二关键字，再特判i==I时的转移方程，这样就只有大于和小于两种情况，不会算漏。

细节详见代码

#include <bits/stdc++.h>
 
#define endl '
'
#define IOS std::ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0); cout.tie(0)
#define mp make_pair
#define seteps(N) fixed << setprecision(N) 
typedef long long ll;
 
using namespace std;
/*-----------------------------------------------------------------*/
 
ll gcd(ll a, ll b) {return b ? gcd(b, a % b) : a;}
#define INF 0x3f3f3f3f
const int N = 510;
const int M = 998244353;
 
ll dp[N][N];
ll arr[N];
bool flag[N];
 
int main() {
    IOS;
    int n;
    cin >> n;
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        char ch;
        cin >> ch;
        if(ch == '-') {
            flag[i] = true;
        } else {
            cin >> arr[i];
        }
    }
    ll ans = 0;
    for(int I = 1; I <= n; I++) {
        if(flag[I]) continue;
        memset(dp, 0, sizeof dp);
        dp[0][0] = 1;
        ll V = arr[I];
        for(int i = 1; i <= n; i++) {
            if(flag[i]) {
                for(int j = 0; j <= i; j++) {
                    dp[i][j] = (dp[i - 1][j] + dp[i - 1][j + 1]) % M;
                    if(j == 0) dp[i][j] += dp[i - 1][j];
                    dp[i][j] %= M;
                }
            } else if(i == I) {
                for(int j = 0; j <= i; j++) {
                    if(j - 1 >= 0) dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1];
                }
            } else if(i < I){
                if(arr[i] <= V) {
                    for(int j = 0; j <= i; j++) {
                        dp[i][j] = dp[i - 1][j];
                        if(j - 1 >= 0) dp[i][j] += dp[i - 1][j - 1];
                        dp[i][j] %= M;
                    }
                } else {
                    for(int j = 0; j <= i; j++) {
                        dp[i][j] = 2 * dp[i - 1][j] % M;
                    }
                }
            } else {
                if(arr[i] < V) {
                    for(int j = 0; j <= i; j++) {
                        dp[i][j] = dp[i - 1][j];
                        if(j - 1 > 0) dp[i][j] += dp[i - 1][j - 1];
                        dp[i][j] %= M;
                    }
                } else {
                    for(int j = 0; j <= i; j++) {
                        dp[i][j] = 2 * dp[i - 1][j] % M;
                    }
                }
            }
        }
        for(int i = 1; i <= n; i++) {
            ans += V * dp[n][i] % M;
            ans %= M;
        }
    }
    cout << ans << endl;
}