【hdu】敌兵布阵

Problem Description

C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:”你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说：”我知错了。。。”但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.

Input

第一行一个整数T，表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。
接下来每行有一条命令，命令有4种形式：
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30）
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）;
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令

Output

对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。

思路

裸的线段树，用来练习这种询问式的处理方法。
明天水这道，练习另外一种询问…

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#define maxn 50010
#define REP(a,b) for(int i=a;i<=b;i++) 
using namespace std;

struct node{
    int left,right,val;//左右端点（代表该节点覆盖线段范围）、权值 
}tree[maxn*3];

int s[maxn];//这里的s是读入的待建树数组
int ans=0;//查询的区间和累加在ans上，注意每次查询之后都要重置ans为0
int t,n,a[60],i,j,kase=0;
char command[6];//因为Query是5个字符...开个10也无伤大雅 

void create(int l, int r, int num){//建树操作，左右端点与节点编号作为传入参数 
    tree[num].left=l;
    tree[num].right=r;
    if(l==r) {
        tree[num].val=s[l]; return;
    }
    else {
        create(l,(l+r)/2,num*2);
        create((l+r)/2+1,r,num*2+1);
        tree[num].val=tree[num*2].val+tree[num*2+1].val;//这里以维护区间和为例 
        return;
    }
}

void add(int a, int b, int num){//第a个位置增加b，当前修改节点编号为num 
    tree[num].val+=b;
    if(tree[num].left==tree[num].right) return;//已经修改到叶子了，不必再向下修改
    else{
        if(a>(tree[num].left+tree[num].right)/2) add(a,b,num*2+1);//如果a在num节点的右区间，访问右子树
        else add(a,b,num*2);
        return;
    }
}

void ask(int l, int r, int num){//查询从l到r的区间和，当前考察节点编号为num 
    if(l<=tree[num].left&&r>=tree[num].right){//如果该节点存放的是待查找区间的一部分，就可以把这个节点累加上去而不必再往下搜索了 
        ans+=tree[num].val;
        return;
    }
    if(l>tree[num].right||r<tree[num].left) return;
    else{
        int mid=(tree[num].left+tree[num].right)/2;
        if(l>mid) {
            ask(l,r,num*2+1);
            return;
        }
        else if(r<mid) {
            ask(l,r,num*2); return;
        }
        else {
            ask(l,r,num*2);
            ask(l,r,num*2+1);
            return;
        }
        return;
    }
}

int main(){
    scanf("%d",&t);
    while(t--){//处理多组数据 
        int temp,a,b;
        scanf("%d",&n);
        s[0]=0;//0位置上数据为0，不知道为什么有这一步...
        REP(1,n) scanf("%d",&s[i]);
        create(1,n,1);
        printf("Case %d:
",++kase);
        while(scanf("%s",command)){
            if(strcmp(command,"End")==0) break;
            else if(strcmp(command,"Query")==0){
                scanf("%d%d",&a,&b);
                ans=0;//再强调一遍这个累加器每一次使用前都要重置
                ask(a,b,1);//询问区间和 
                printf("%d
",ans); 
            }
            else if(strcmp(command,"Add")==0){
                scanf("%d%d",&a,&b);
                add(a,b,1);//修改节点 
            }
            else if(strcmp(command,"Sub")==0){
                scanf("%d%d",&a,&b);
                add(a,-b,1);//修改节点 
            }
        }
    } 
    return 0;
}