1103: [POI2007]大都市meg
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Description
在经济全球化浪潮的影响下,习惯于漫步在清晨的乡间小路的邮递员Blue Mary也开始骑着摩托车传递邮件了。
不过，她经常回忆起以前在乡间漫步的情景。昔日，乡下有依次编号为1..n的n个小村庄，某些村庄之间有一些双
向的土路。从每个村庄都恰好有一条路径到达村庄1（即比特堡）。并且，对于每个村庄，它到比特堡的路径恰好
只经过编号比它的编号小的村庄。另外，对于所有道路而言，它们都不在除村庄以外的其他地点相遇。在这个未开
化的地方，从来没有过高架桥和地下铁道。随着时间的推移，越来越多的土路被改造成了公路。至今，Blue Mary
还清晰地记得最后一条土路被改造为公路的情景。现在，这里已经没有土路了——所有的路都成为了公路，而昔日
的村庄已经变成了一个大都市。 Blue Mary想起了在改造期间她送信的经历。她从比特堡出发，需要去某个村庄，
并且在两次送信经历的间隔期间,有某些土路被改造成了公路.现在Blue Mary需要你的帮助：计算出每次送信她需
要走过的土路数目。（对于公路，她可以骑摩托车；而对于土路，她就只好推车了。）
Input
第一行是一个数n(1 < = n < = 2 50000).以下n-1行，每行两个整数a，b（1 < = a以下一行包含一个整数m
（1 < = m < = 2 50000），表示Blue Mary曾经在改造期间送过m次信。以下n+m-1行，每行有两种格式的若干信息
，表示按时间先后发生过的n+m-1次事件:若这行为 A a b(a若这行为 W a, 则表示Blue Mary曾经从比特堡送信到
村庄a。
Output
有m行，每行包含一个整数，表示对应的某次送信时经过的土路数目。
Sample Input
5
1 2
1 3
1 4
4 5
4
W 5
A 1 4
W 5
A 4 5
W 5
W 2
A 1 2
A 1 3
Sample Output
2
1
0
1
HINT
Source
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我很想发图，可惜不知道怎么发
那就直接讲吧
可以直接去bzoj传送门看题面
这题暴力是显然很好想的
显然是可以对于每个询问去进行dfs
当然是很慢的，因为浪费了巨大的时间
去每个点都只有一条路径，而dfs会访问所有的可达点
所以处理出路径可以节省巨大的时间
显然是dfs序，但是我不会保存，就写了树剖，慢的心累
这个就不用我讲了吧，树剖用在这里正确性是很显然的
双向边建边数组开2倍
1 #include<cstdio> 2 #include<algorithm> 3 using namespace std; 4 int now,id[250001],top[250001],v,m,n,ca,cnt,h[250001],nxt[500001],pre[500001],size[250001],dep[250001],ans,f[250001]; 5 struct oo{int a,b,v;}s[1000001]; 6 void add(int x,int y) 7 { 8 pre[++cnt]=y; 9 nxt[cnt]=h[x]; 10 h[x]=cnt; 11 } 12 void dfs(int x) 13 { 14 size[x]=1; 15 for(int i=h[x];i;i=nxt[i]) 16 { 17 int w=pre[i]; 18 if(f[x]==w)continue; 19 f[w]=x; 20 dep[w]=dep[x]+1; 21 dfs(w); 22 size[x]+=size[w]; 23 } 24 } 25 void dfs1(int x,int fa) 26 { 27 int k=0; 28 id[x]=++now;top[x]=fa; 29 for(int i=h[x];i;i=nxt[i]) 30 if(dep[pre[i]]>dep[x]&&size[pre[i]]>size[k])k=pre[i]; 31 if(!k)return ; 32 dfs1(k,fa); 33 for(int i=h[x];i;i=nxt[i]) 34 if(dep[pre[i]]>dep[x]&&pre[i]!=k)dfs1(pre[i],pre[i]); 35 } 36 void build(int x,int l,int r) 37 { 38 s[x].a=l,s[x].b=r; 39 if(l==r){s[x].v=1;return ;} 40 build(x<<1,l,(l+r)>>1); 41 build(x<<1|1,((l+r)>>1)+1,r); 42 s[x].v=s[x<<1].v+s[x<<1|1].v; 43 } 44 void change(int x,int y) 45 { 46 s[x].v--; 47 if(s[x].a==s[x].b)return ; 48 int mid=(s[x].a+s[x].b)>>1; 49 if(y<=mid)change(x<<1,y); 50 else change(x<<1|1,y); 51 } 52 void sum(int x,int l,int r) 53 { 54 if(l<=s[x].a&&r>=s[x].b) 55 ca+=s[x].v; 56 else 57 { 58 int mid=(s[x].a+s[x].b)>>1; 59 if(l<=mid)sum(x<<1,l,r); 60 if(r>mid)sum(x<<1|1,l,r); 61 } 62 } 63 void qsum(int x,int y) 64 { 65 ans=0;ca=0; 66 while(top[x]!=top[y]) 67 { 68 if(dep[top[x]]<dep[top[y]])swap(x,y); 69 sum(1,id[top[x]],id[x]); 70 ans+=ca;ca=0; 71 x=f[top[x]]; 72 } 73 if(id[x]>id[y])swap(x,y); 74 sum(1,id[x]+1,id[y]); 75 ans+=ca; 76 printf("%d ",ans); 77 } 78 int main() 79 { 80 scanf("%d",&n); 81 for(int i=1,x,y;i<n;i++) 82 { 83 scanf("%d%d",&x,&y); 84 add(x,y),add(y,x); 85 } 86 dfs(1);dfs1(1,1);build(1,1,n); 87 scanf("%d",&m); 88 char p[6]; 89 for(int i=1,x,y;i<=n+m-1;i++) 90 { 91 scanf("%s",p+1); 92 if(p[1]=='W') 93 { 94 scanf("%d",&x); 95 qsum(1,x); 96 } 97 else 98 { 99 scanf("%d%d",&x,&y); 100 change(1,id[y]); 101 } 102 } 103 }