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题目分析：###
感觉不是很难啊……不像是蓝题（AC量也不像）恶意评分？
少打了一个+1调了半天，就这样居然还能过60pts？我思路和题解第一篇高度重合是什么鬼啊，太过分了吧本来还想水篇题解的
单调队列分别维护序列最大值和最小值，如果极差(>k)的话就扔掉最大值和最小值里面靠前的那一个，因为你不能不改动这个连续子序列的左端点而从中间丢掉一个值。同时记录下这个序列的左端点(last_l)是扔掉的那个值的编号+1（只要丢掉这个值，剩下的序列就合法了），丢完之后更新(ans=max(ans,i-last_l+1))即可。时间复杂度为(O(n))。
其实是一道不错的单调队列题。
题做少了看什么题都感觉眉清目秀的
代码：###
#include<bits/stdc++.h>
#define N (3000000+5)
using namespace std;
inline int read(){
int cnt=0,f=1;char c;
c=getchar();
while(!isdigit(c)){
if(c=='-')f=-f;
c=getchar();
}
while(isdigit(c)){
cnt=cnt*10+c-'0';
c=getchar();
}
return cnt*f;
}
int n,k,l1=1,r1=0,x,ans,l2=1,r2=0;
int last_l=1;
struct node{
int dat;int pos;
} q1[N],q2[N];
int main(){
k=read();n=read();
if(n==1) {
printf("1");
return 0;
}
for(register int i=1;i<=n;i++){
x=read();
while(l1<=r1&&q1[r1].dat>x)r1--;
q1[++r1].dat=x;q1[r1].pos=i;
while(l2<=r2&&q2[r2].dat<x)r2--;
q2[++r2].dat=x;q2[r2].pos=i;
while(q2[l2].dat-q1[l1].dat>k){
if(q1[l1].pos<q2[l2].pos&&l1<=r1){
last_l=q1[l1].pos+1;
l1++;
}
if(q1[l1].pos>=q2[l2].pos&&l2<=r2){
last_l=q2[l2].pos+1;
l2++;
}
}
if(i-last_l+1>ans)ans=i-last_l+1;
}
printf("%d",ans);
return 0;
}