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Qualification Round
略
Round 1
D：想像一下DFS序，可是输出是反向的
E：直接按@把串分成一段段的，然后以@为中心往两边找。
Round 2
C：贪心。肯定先把常规题目先做完，由于常规题目的分数是不变的。然后依据动态分数的是，从高到低做。
能够这么思考，假设从小到大。每一个动态分数都能达到。那就是不断翻倍。假设某个动态分数达不到，不能翻倍，仅仅能取那么多分的话。我们当然是希望这种题目先做，保证基数增大，后面的翻倍才会更有效。
D：状态压缩DP，有效的序列肯定是一个递减序列，而这种序列仅仅存在于末端，并且长度肯定 < k。就能够状压了。
比方说 8。2，4。2，无论之后是如何的序列，第一个2不可能被合并了。而前面的8肯定也没实用了，所以有效部分仅仅是4，2。
那么dp[i][j]表示前i项，末端的递减状态序列状态为j。
E：线段树，对于区间[l , r]记录一个2 * 2的矩阵，保存从一端到还有一端的4种情况的最短路径。合并的话应该非常好做。直接枚举。查询的时候，不断递归，有些子区间会反复计算。所以记忆化一下。
Finals
A：有11个字符是对称的，搞出来后就没了。
。。
B：首先有一些人本来就在的。先要处理一下。
之后大概就是，进去的时候。本来已经有人了，那么肯定不是leaders，走的时候。里面还有人，那么也肯定不是leaders。
然后要考虑一些特殊情况。进去的时候，里面仅仅有本身一个人，那么说明其他人(除了压根没有出现的人)都不是leaders。走的时候里面没有人了，那么也说明其他人(除了压根没有出现的人)都不是leaders。
C：统计每一个人被赞同多少次，排序之后就是不断维护一个前缀和。
最后再枚举被同一个人赞同的两个人。
D：暴力平衡树来模拟整个移动过程是能够的。
线段树也是能够做的。将1-m这些位置 空出来，定义原先的位置为[m + 1 , n + m]，那么就避免了移动过程。
我们仅仅须要维护区间有多少个位置不是空的就能够找到对应的第y个位置。移动的话，就是在当前位置-1，然后在1-m里对应向前插入就OK了。
然后记录已知的杯子的位置 ，以及某个位置 已经确定是哪个杯子。能够推断是否冲突。
假设用BIT来维护的话，是须要二分得到第y个位置的。
E：给的坐标不是很大。所以击打的次数有限的。
枚举每一次击打。假设这次击打要落在某个圆内的话，我们能够得到这条射线的夹角范围。那么将这些时间点排序之后就成了区间覆盖次数最多的了。
要么就讨论的具体点。由于是一个环。可能有些区间要分成两段，然后作区间覆盖。
总之就是细节要注意一下。
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