给出一个可重集，(a_i)表示(i)的出现次数。分成若干个集合，最小化每个集合的(2)的最小众数次方之和。
支持修改。
(nle 2*10^5,1le a_ile 10^5)
(qle 10^5)
题目显然可以转化成：选择不可重集合(S)，满足：(sum a_{s_i}ge max a_i)，然后使(S)从大往小字典序最小。
这样就可以得到(O(nq))做法：找到最小的前缀，使得前缀和大于等于(max a_i)，然后求出多余的部分，从后往前扫能删就删。
这里有性质：删的连续段个数为(O(sqrt V))级别，(V)为值域。
具体证明考虑：对于一个没有删的位置(i)，一定有(a_i>sum_{s_j<i}a_{s_j})。把没有删的段提出来，最坏情况下每段只有一个并且取到下界。可以发现不同段的下界是递增的（因为(a_i)为正数），并且没有删的数的和小于(2V)（否则可以再删）。于是连续段个数为(O(sqrt V))
时间复杂度(O(qsqrt Vlg n))。
题解说卡不满，的确感觉上卡不满，但是为什么我吸氧后才过了？
#pragma GCC optimize("O2")
#pragma G++ optimize("O2")
using namespace std;
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <set>
#define N 200005
#define ll long long
#define mo 998244353
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
int input(){
char ch=getchar();
while (ch<'0' || ch>'9')
ch=getchar();
int x=0;
do{
x=x*10+ch-'0';
ch=getchar();
}
while ('0'<=ch && ch<='9');
return x;
}
int Num,n;
int pw2[N];
int a[N];
multiset<int> s;
ll sum[N*4];
int mn[N*4];
void build(int k,int l,int r){
if (l==r){
sum[k]=mn[k]=a[l];
return;
}
int mid=l+r>>1;
build(k<<1,l,mid);
build(k<<1|1,mid+1,r);
mn[k]=min(mn[k<<1],mn[k<<1|1]);
sum[k]=sum[k<<1]+sum[k<<1|1];
}
void change(int k,int l,int r,int x,int c){
if (l==r){
sum[k]=mn[k]=c;
return;
}
int mid=l+r>>1;
if (x<=mid) change(k<<1,l,mid,x,c);
else change(k<<1|1,mid+1,r,x,c);
mn[k]=min(mn[k<<1],mn[k<<1|1]);
sum[k]=sum[k<<1]+sum[k<<1|1];
}
pair<int,int> find(int k,int l,int r,int v){
if (l==r)
return make_pair(l,sum[k]-v);
int mid=l+r>>1;
if (v<=sum[k<<1]) return find(k<<1,l,mid,v);
return find(k<<1|1,mid+1,r,v-sum[k<<1]);
}
ll res;
ll getsum(int l,int r){return pw2[r+1]-pw2[l];}
void dfs(int k,int l,int r,int en,int &s){
if (mn[k]>s) return;
if (r<=en && sum[k]<=s){
s-=sum[k];
res-=getsum(l,r);
return;
}
int mid=l+r>>1;
if (mid<en)
dfs(k<<1|1,mid+1,r,en,s);
dfs(k<<1,l,mid,en,s);
}
ll query(){
int mx=*s.rbegin();
pair<int,int> tmp=find(1,1,n,mx);
res=getsum(1,tmp.first);
if (tmp.first>1)
dfs(1,1,n,tmp.first-1,tmp.second);
res=(res%mo+mo)%mo;
return res;
}
int main(){
// freopen("imperishable.in","r",stdin);
// freopen("imperishable.out","w",stdout);
freopen("in.txt","r",stdin);
freopen("out.txt","w",stdout);
Num=input(),n=input();
pw2[0]=1;
for (int i=1;i<=n+1;++i)
pw2[i]=pw2[i-1]*2%mo;
for (int i=1;i<=n;++i)
s.insert(a[i]=input());
build(1,1,n);
printf("%lld
",query());
int Q;
scanf("%d",&Q);
while (Q--){
int x=input(),y=input();
s.erase(s.find(a[x]));
s.insert(y);
change(1,1,n,x,a[x]=y);
printf("%lld
",query());
}
return 0;
}