这道题明明是裸的线段树，蒟蒻却80分了五六次。。。
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根据题意，显然是维护一棵单点修改区间查询的线段树，于是直接套区间修改的代码。。。
结构体，即为树上的节点。
1 struct node{ 2 int l, r; 3 int val; 4 } tree[maxn * 4];
建树，注意：将读入放到这里来！！原本是在main里面读入然后储存到stu数组中，结果就一直80分！!
1 void Build(int l, int r, int pos) { // 2 tree[pos].l = l; 3 tree[pos].r = r; 4 if(l == r) { 5 int a; 6 a = read(); 7 tree[pos].val = a; 8 } 9 else { 10 int mid = (l + r) >> 1; 11 Build(l, mid, pos * 2); 12 Build(mid + 1, r, pos * 2 + 1); 13 tree[pos].val = max(tree[pos * 2].val, tree[pos * 2 + 1].val); 14 } 15 }
区间修改函数：
1. 如果直接是要求的区间，直接修改即可。
2. 反之则分配到左右子树上面去。
3. 回溯。
1 void Update(int l, int r, int d, int pos) { 2 if(tree[pos].l == l && tree[pos].r == r) { 3 tree[pos].val = max(d, tree[pos].val); 4 return ; 5 } 6 int mid = (tree[pos].l + tree[pos].r) >> 1; 7 if(r <= mid) Update(l, r, d, pos * 2); 8 else if(l > mid) Update(l, r, d, pos * 2 + 1); 9 else { 10 Update(l, mid, d, pos * 2); 11 Update(mid + 1, r, d, pos * 2 + 1); 12 } 13 tree[pos].val = max(tree[pos * 2].val, tree[pos * 2 + 1].val); 14 }
区间查询函数：
其实流程和修改挺像的。
1 int Query(int l, int r, int pos) { 2 if(tree[pos].l == l && tree[pos].r == r) { 3 return tree[pos].val; 4 } 5 int mid = (tree[pos].l + tree[pos].r) >> 1; 6 if(r <= mid) return Query(l, r, pos * 2); 7 else if(l > mid) return Query(l, r, pos * 2 + 1); 8 else { 9 return max(Query(l, mid, pos * 2), Query(mid + 1, r, pos * 2 + 1)); 10 } 11 }
主要处理部分：
read()是快速读入函数，然后要注意因为本题是单点修改，所以Update函数的l,r两个参数其实是一样的。
1 scanf("%s", &op); 2 l = read(); r = read(); 3 if(op == 'Q') printf("%d ", Query(l, r, 1)); 4 else Update(l, l, r, 1);
emmm....大概就这么多了。
代码64ms，氧化后36ms。