P3092 [USACO13NOV]No Change G 状压 + 二分

P3092 [USACO13NOV]No Change G 状压 + 二分

题意

约翰到商场购物，他的钱包里有(K)((1 <= K <= 16))个硬币，面值的范围是([1,1e9])。

约翰想按顺序买 (N)个物品((1 <= N <= 100,000))，第i个物品需要花费(c(i))块钱，((1 <= c(i) <= 10,000))。

在依次进行的购买(N)个物品的过程中，约翰可以随时停下来付款，每次付款只用一个硬币，支付购买的内容是从上一次支付后开始到现在的这些所有物品（前提是该硬币足以支付这些物品的费用）。不幸的是，商场的收银机坏了，如果约翰支付的硬币面值大于所需的费用，他不会得到任何找零。

请计算出在购买完(N)个物品后，约翰最多剩下多少钱。如果无法完成购买，输出(-1)

分析

• 注意审题，每次只能投一枚硬币
• (k)比较小，考虑状压DP，(dp[i])表示状态(i)下的最多能买到第几个物品
• 显然第(k) 枚硬币是从上一个硬币转移而来的，转移方程(dp[i] = max lbrace dp[i异或k] + f(k) brace)
• 求(f(k))可以二分，于是总体复杂度(O(2^kklogn))
• 由于要知道多少钱，再开一个辅助数组即可

代码

int n,k;

int dp[1 << 16];
ll f[1 << 16];
ll sum[100005];
int a[100005];

int check(int x,int t){
	int l = t;
	int r = n;
	while(l < r){
		int mid = l + r + 1 >> 1;
		if(sum[mid] - sum[t - 1] <= x) l = mid;
		else r = mid - 1;
	}
	return l;
}

int main(){
	ll res = 1e18;
	ll tot = 0;
	k = readint();
	n = readint();
	for(int i = 0;i < k;i++)
		a[i] = readint(),tot += a[i];
	for(int i = 1;i <= n;i++)
		sum[i] = sum[i - 1] + readll();
	for(int i = 1;i < (1 << k);i++)
		for(int j = 0;j < k;j++)
			if(i & (1 << j)) {
				int x = i ^ (1 << j);
				ll tmp = check(a[j],dp[x] + 1);
				if(tmp > dp[i]) {
					dp[i] = tmp;
					f[i] = f[x] + a[j];
				}
				if(tmp == n) 
					res = min(res,f[i]);
			}
	if(tot - res < 0) puts("-1");
	else cout << tot - res;
}