【Codechef】CNTL

题面

vjudge

题解

第一问直接考虑一下(N,K)的奇偶性即可，当他们奇偶性相同，答案就是(2^K-1)，否则是(2^K-2)。

第二问因为是排列问题考虑指数型生成函数，那么当答案为(2^K-1)时，答案为([x^n](frac{e^x-e^{-x}}{2})^K)，否则为([x^n][(frac{e^x-e^{-x}}{2})^{K-1} imes frac{e^x+e^{-x}}{2}])

最后把这两个式子二项式展开一下就完事儿了。

代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring> 
#include <cmath> 
#include <algorithm>
using namespace std; 
inline int gi() {
    register int data = 0, w = 1;
    register char ch = 0;
    while (!isdigit(ch) && ch != '-') ch = getchar(); 
    if (ch == '-') w = -1, ch = getchar(); 
    while (isdigit(ch)) data = 10 * data + ch - '0', ch = getchar(); 
    return w * data; 
} 
const int Mod = 1e9 + 7; 
const int MAX_N = 1e5 + 5; 
int fpow(int x, int y) { 
	int res = 1; 
	while (y) { 
		if (y & 1) res = 1ll * res * x % Mod; 
		x = 1ll * x * x % Mod; 
		y >>= 1; 
	} 
	return res; 
} 
int N = 1e5, K, fac[MAX_N], ifc[MAX_N]; 
int C(int n, int m) {
	if (n < 0 || m < 0 || n < m) return 0;
	else return 1ll * fac[n] * ifc[m] % Mod * ifc[n - m] % Mod; 
} 

int main () { 
	fac[0] = 1; for (int i = 1; i <= N; i++) fac[i] = 1ll * fac[i - 1] * i % Mod; 
	ifc[N] = fpow(fac[N], Mod - 2); 
	for (int i = N - 1; ~i; i--) ifc[i] = 1ll * ifc[i + 1] * (i + 1) % Mod; 
	int Q = gi(); 
	while (Q--) { 
		N = gi(), K = gi(); 
		if ((N ^ K) & 1) { 
			int ans = 0; 
			for (int i = 0, op = fpow(Mod - 1, K - 1); i < K; i++, op = Mod - op) 
				ans = (ans + 1ll * op * C(K - 1, i) % Mod *
					   (fpow(2 * i - K + 2 + Mod, N) + fpow(2 * i - K + Mod, N))) % Mod; 
			printf("%d %lld
", fpow(2, K) - 2, 1ll * ans * fpow(fpow(2, K), Mod - 2) % Mod); 
		} else { 
			int ans = 0; 
			for (int i = 0, op = fpow(Mod - 1, K); i <= K; i++, op = Mod - op)
				ans = (ans + 1ll * op * C(K, i) % Mod * fpow(2 * i - K + Mod, N)) % Mod; 
			printf("%d %lld
", fpow(2, K) - 1, 1ll * ans * fpow(fpow(2, K), Mod - 2) % Mod); 
		} 
	} 
    return 0; 
}