【51nod】猴猴的比赛【dfs】

题目大意：

题目链接：https://www.51nod.com/Contest/Problem.html#contestProblemId=1150
猴猴今天要和小伙伴猩猩比赛爬树，为了公平不碰撞，猴猴和猩猩需要在不同的树上攀爬。于是它们选了两颗节点数同为n的树，并将两棵树的节点分别以1~n标号（根节点标号为1），但两棵树的节点连接方式不尽相同。

现在它们决定选择两个标号的点进行比赛。为了方便统计，规定它们比赛中必须都向上爬。（即选定的赛段节点u→节点v都必须指向叶子方向）请你求出这两棵树上共有多少对节点满足比赛的需求。

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思路：

我们对第一棵树的每一个节点按$dfs$序标号。然后顺便求出每一个节点为根的子树的编号区间$[L_x,R_x]$。
然后对第二棵树进行$dfs$。对于一个点$x$，我们先将他的所有子节点求出答案，每求完一个点的答案就把这个点在第一棵树中对应的编号位置$a_i$记为1。那么$x$与其子节点对答案的贡献就是$sum^{R_x}_{i=L_x}a_i$。
时间复杂度$O(nlog n)$

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代码：

#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;

const int N=100010;
int n,tot,head[N],L[N],R[N];
long long ans;

struct edge
{
	int next,to;
}e[N*2];

struct BIT
{
	int c[N];
	
	void add(int x)
	{
		for (int i=x;i<=n;i+=i&-i)
			c[i]++;
	}
	
	int ask(int x)
	{
		int sum=0;
		for (int i=x;i;i-=i&-i)
			sum+=c[i];
		return sum;
	}
}bit;

void add(int from,int to)
{
	e[++tot].to=to;
	e[tot].next=head[from];
	head[from]=tot;
}

void dfs1(int x,int fa)
{
	L[x]=++tot;
	for (int i=head[x];~i;i=e[i].next)
		if (e[i].to!=fa) dfs1(e[i].to,x);
	R[x]=tot;
}

void dfs2(int x,int fa)
{
	for (int i=head[x];~i;i=e[i].next)
		if (e[i].to!=fa)
		{
			ans-=(long long)bit.ask(R[e[i].to])-bit.ask(L[e[i].to]);
			dfs2(e[i].to,x);
		}
	ans+=(long long)bit.ask(R[x])-bit.ask(L[x]);
	bit.add(L[x]);
}

int main()
{
	scanf("%d",&n);
	memset(head,-1,sizeof(head));
	for (int i=1,x,y;i<n;i++)
	{
		scanf("%d%d",&x,&y);
		add(x,y); add(y,x);
	}
	tot=0; dfs1(1,0); tot=0;
	memset(head,-1,sizeof(head));
	for (int i=1,x,y;i<n;i++)
	{
		scanf("%d%d",&x,&y);
		add(x,y); add(y,x);
	}
	dfs2(1,0);
	printf("%lld
",ans);
	return 0;
}