- 有$m$个和为$n$的非负整数，求这$m$个数的期望方差。
考虑方差的式子：
$$s^2=frac{1}{m} imessum_{i=1}^{m}(X_i - overline{X})^2 = frac{1}{m} imessum_{i=1}^{m}{X_i}^2-frac{n^2}{m^2}$$
所以我们可以把问题转化为求期望平方和。有：
$$sum_{i=1}^{m}{X_i}^2 = sum_{i=1}^{m}(X_i imes(X_i-1)+X_i) = n + 2 imessum_{i=1}^{m}inom{X_i}{2}$$
考虑$sum_{i=1}^{m}inom{X_i}{2}$的组合意义。问题相当于给$n$个有标号的球，和$m$个有标号的盒子，每个球能放入任意一个盒子，问有多少对球在同一个箱子内。求期望的话，考虑每一对球$(i,j)$，显然$i,j$在同一个箱子内的概率为$frac{1}{m}$，然后有$inom{n}{2}$对球，那么$sum_{i=1}^{m}inom{X_i}{2}$ 的期望就是$frac{1}{m} imesinom{n}{2}$。带入，得：
$$ E(s^2) = frac{1}{m} imes E(sum_{i=1}^{m}{X_i}^2) - frac{n^2}{m^2} = frac{n(n+m-1) - n^2}{m^2}=frac{n(m-1)}{m^2}$$
至此，问题得解。
- 给一棵树，随机选择一条路径，问路径的期望边权和/最大边权/边权位运算和/......
先考虑边权和怎么做：给每个点$u$记录$Size_u$表示子树大小，那么对于点$u$到其父亲的边$e$会出现在$Size_u imes(n-Size_u)$条链中，所以其对答案的贡献就是$w_e imesfrac{Size_u imes(n-Size_u)}{inom{n}{2}}$，累加即可。
最大边权也差不多，只不过要先给边按照边权排序，然后从小到大加边，用并查集维护当前联通块的大小。假设边$e$的两个端点为$u,v$，同时设加入边$e$时$u,v$所在联通块的大小分别为$Size_u,Size_v$，那么以这条边作为最大边权的链的数量为：$Size_u imes Size_v$，所以其对答案的贡献就是$w_e imesfrac{Size_u imes Size_v}{inom{n}{2}}$，累加即可。
边权位运算和就有点小麻烦，这里给出本人的一个做法。可以选择用树分治来统计链的位运算和，然后把每一个位运算和的每一个二进制位分离开记贡献，此后便可算出每一个二进制位为1的概率，进而算出该位对于答案的贡献，最后累加贡献即可。复杂度是$O(n(log W+log n))$的。