题目描述
思路
数组为num, 滑动窗口大小是k，首先两个极端情况：
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如果k=1，则直接返回原数组即可（滑动窗口大小为1，那么每个窗口的最小值/最大值就是其本身）
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如果k == num.length, 那么返回一个数组大小为1的数组，这个数组里面的唯一的数就是整个数组的最大值
然后讨论普遍情况： 1 < k < num.length
如果窗口大小为k，数组长度为n，那么滑动窗口最大值数组的长度通过观察可知, 结果数组的长度为：
n - k + 1
接着，我们定义一个双端队列，这个双端队列存的是数组下标，且下标对应的原元素头到尾部数据是从大到小的
我们定义一个r变量来遍历数组， 整个流程分为如下三步：
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nums[r] 的数据和双端队列尾部下标(假设是inx)对应的数据元素数据,即:nums[inx], 进行比较，如果nums[inx]小于nums[r] 则，双端队列把尾部的inx值弹出
继续比较双端队列尾部的对应的数组值和nums[r]的大小，直到num[r]<num[双端队列尾部存的下标值]。 -
当双端队列头部的元素==r-k时候，说明双端队列头部的元素需要被淘汰了，双端队列中头部的值已经过期下标了，需要弹出这个过期下标 比如：窗口k为3
- r来到3位置，那么过期下标就是0
- r来到4位置，那么过期下标就是1
- r来到5位置，那么过期下标就是2
- r来到6位置，那么过期下标就是3
- r来到7位置，那么过期下标就是4 ...
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当r>=k-1的时候，说明窗口已经形成了，此时，每次进入一个数，就要收集一次答案。
完整代码
public static int[] maxSlidingWindow(int[] nums, int k) {
int n = nums.length;
if (k == 1) {
return nums;
}
if (k == n) {
return new int[]{maxOfArr(nums, n)};
}
// 数组长度是n，窗口是k，则结果数组长度为n - k + 1
int[] ans = new int[n - k + 1];
// 头部进，尾部出
// 从头到尾依次从大到小
LinkedList<Integer> qMax = new LinkedList<>();
int r = 0;
int index = 0;
while (r < n) {
while (!qMax.isEmpty() && nums[qMax.peekLast()] <= nums[r]) {
// 给nums[r] 腾出位置
qMax.pollLast();
}
// 现在qMax尾部的值一定大于r
// 所以可以放心的把r加入到尾部中去
qMax.addLast(r);
// 如果此时双端队列中头部的值是过期下标
// 比如r来到3位置，窗口k为3，那么过期下标就是0
// 比如r来到4位置，窗口k为3，那么过期下标就是1
// 比如r来到5位置，窗口k为3，那么过期下标就是2
// 比如r来到6位置，窗口k为3，那么过期下标就是3
// 比如r来到7位置，窗口k为3，那么过期下标就是4
// ...
if (qMax.peekFirst() == r - k) {
// 弹出过期下标
qMax.pollFirst();
}
// 窗口形成了，每次加入一个数收集一个答案
if (r >= k - 1) {
ans[index++] = nums[qMax.peekFirst()];
}
r++;
}
return ans;
}
private static int maxOfArr(int[] nums, int n) {
int max = nums[0];
for (int i = 1; i < n; i++) {
max = Math.max(max, nums[i]);
}
return max;
}