洛谷P1450 [HAOI2008]硬币购物（背包问题，容斥原理）

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我实在是太弱了，第一次正儿八经写背包DP，第一次领会如此巧妙的容斥原理的应用。。。。。。

对每次询问都做一遍多重背包，显然T飞，就不考虑了

关键就在于每次询问如何利用重复的信息

我这么弱，当然是想不到容斥原理的啦

暂且先当成完全背包，每种硬币可使用无限次，预处理(f)数组，(f[i])等于买价值(i)的东西的总方案数

然后就要从中减去不合法的。首先肯定会有一种硬币超额使用，第(j)中硬币等于说强制选了(d_j+1)个，剩下的依然随便选，那么第
(j)种硬币超额的不合法的方案数等于(f[s-(d_j+1)*c_j])，于是从答案里减去(sum_{j=1}^4f[s-(d_j+1)*c_j])

还要注意，第一种第二种都超额、第一种第三种都超额、第一种第四种都超额、第二种第三种都超额、第二种第四种都超额、第三种第四种都超额的方案在上一步中都被减了两次，所以额外都加一次回来。。。。。。（接着把容斥做下去就不说了）

复杂度降到(O(4maxs+4×2^4tot))，轻松通过

注意开longlong就好啦

#include<cstdio>
#define R register
typedef long long LL;
const int S=100009;
LL f[S]={1ll};
int main(){
	R int c[4],d[4],tot,i,j,k,now,s,ss,tmp;
	R LL ans;
	for(j=0;j<4;++j)scanf("%d",&c[j]);
	scanf("%d",&tot);
	for(j=0;j<4;++j)
		for(i=c[j];i<S;++i)
			f[i]+=f[i-c[j]];//完全背包预处理
	while(tot--){
		for(j=0;j<4;++j)scanf("%d",&d[j]);
		scanf("%d",&s);
		ans=f[s];
		for(ss=1;ss<=15;++ss){//二进制数枚举集合，容斥
			now=s;
			for(tmp=ss,j=k=0;tmp;tmp>>=1,++j)
				if(tmp&1)k^=1,now-=(d[j]+1)*c[j];
                //注意k的作用，判断奇偶
			if(now>=0)k?ans-=f[now]:ans+=f[now];
		}
		printf("%lld
",ans);
	}
	return 0;
}