P1491 集合位置

题目描述

每次有大的活动，大家都要在一起“聚一聚”，不管是去好乐迪，还是避风塘，或者汤姆熊，大家都要玩的痛快。还记得心语和花儿在跳舞机上的激情与释放，还记得草草的投篮技艺是如此的高超，还记得狗狗的枪法永远是'S'……还有不能忘了，胖子的歌声永远是让我们惊叫的！！

今天是野猫的生日，所以想到这些也正常，只是因为是上学日，没法一起去玩了。但回忆一下那时的甜蜜总是一种幸福嘛。。。

但是每次集合的时候都会出现问题！野猫是公认的“路盲”，野猫自己心里也很清楚，每次都提前出门，但还是经常迟到，这点让大家很是无奈。后来，野猫在每次出门前，都会向花儿咨询一下路径，根据已知的路径中，总算能按时到了。

现在提出这样的一个问题：给出n个点的坐标，其中第一个为野猫的出发位置，最后一个为大家的集合位置，并给出哪些位置点是相连的。野猫从出发点到达集合点，总会挑一条最近的路走，如果野猫没找到最近的路，他就会走第二近的路。请帮野猫求一下这条第二最短路径长度。

输入输出格式

输入格式：

 

第一行是两个整数n(1<=n<=200)和m，表示一共有n个点和m条路，以下n行每行两个数xi，yi，(-500<=xi,yi<=500),代表第i个点的坐标，再往下的m行每行两个整数pj，qj,(1<=pj,qj<=n)，表示两个点相通。

 

输出格式：

 

只有一行包含一个数，为第二最短路线的距离（保留两位小数），如果存在多条第一短路径，则答案就是第一最短路径的长度；如果不存在第二最短路径，输出－1。

 

输入输出样例

输入样例#1： 

3 3
0 0
1 1
0 2
1 2
1 3
2 3

输出样例#1： 

2.83

说明

各个测试点1s

Solution：

　　次短路水题。

　　数据点很小，所以可以暴力求出最短路，然后枚举删最短路上的边，再求次短路。（其实可以用A*去求k短路的，但是我死活WA两个点，所以就弃疗了）

代码：

#include<bits/stdc++.h>
#include<ext/pb_ds/assoc_container.hpp>
#include<ext/pb_ds/priority_queue.hpp>
#define il inline
#define ll long long
#define For(i,a,b) for(int (i)=(a);(i)<=(b);(i)++)
#define Bor(i,a,b) for(int (i)=(b);(i)>=(a);(i)--)
using namespace std;
using namespace __gnu_pbds;
const int N=100005;
int n,m,x[205],y[205],pre[205];
int to[N],net[N],h[205],cnt;
double w[N],dis[205];
bool ct[205][205],f;
struct node{
    int u;double d;
    node(int a=0,double b=0){u=a,d=b;}
    bool operator<(const node &a)const {return d>a.d;}
};
typedef __gnu_pbds::priority_queue<node,less<node>,pairing_heap_tag> heap;
heap q;
heap::point_iterator id[205];

il int gi(){
    int a=0;char x=getchar();bool f=0;
    while((x<'0'||x>'9')&&x!='-')x=getchar();
    if(x=='-')x=getchar(),f=1;
    while(x>='0'&&x<='9')a=(a<<3)+(a<<1)+x-48,x=getchar();
    return f?-a:a;
}

il void add(int u,int v,double c){
    to[++cnt]=v,net[cnt]=h[u],w[cnt]=c,h[u]=cnt;
    to[++cnt]=u,net[cnt]=h[v],w[cnt]=c,h[v]=cnt;
}

il void spfa(){
    For(i,1,n) dis[i]=2333333333,id[i]=0;
    dis[1]=0,q.push(node(1,0));
    while(!q.empty()){
        node x=q.top();q.pop();
        for(int i=h[x.u];i;i=net[i])
            if(dis[to[i]]>dis[x.u]+w[i]&&!ct[to[i]][x.u]){
                dis[to[i]]=dis[x.u]+w[i];
                if(!f)pre[to[i]]=x.u;
                if(id[to[i]]==0) id[to[i]]=q.push(node(to[i],dis[to[i]]));
                else q.modify(id[to[i]],node(to[i],dis[to[i]]));
            }
    }
}

int main(){
    n=gi(),m=gi();
    For(i,1,n) x[i]=gi(),y[i]=gi();
    int u,v;
    while(m--) u=gi(),v=gi(),add(u,v,sqrt((x[u]-x[v])*(x[u]-x[v])+(y[u]-y[v])*(y[u]-y[v])));
    spfa();f=1;double ans=2333333333;
    if(dis[n]==2333333333) puts("-1"),exit(0);
    for(int i=n;i!=1;i=pre[i]){
        ct[pre[i]][i]=ct[i][pre[i]]=1;
        spfa();
        ans=min(ans,dis[n]);
        ct[pre[i]][i]=ct[i][pre[i]]=0;
    }
    if(ans==2333333333)puts("-1"),exit(0);
    printf("%.2lf",ans);
    return 0;
}