POJ 1155 TELE [树状DP]

题意：略。

思路：用dp[i][k]来表示结点i给k个用户提供节目时的最大盈利（可能为负）。

则递推方程为: dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i][m] + dp[v][j-m] - cost)

其中v为i的孩子，cost为i向v提供节目的花费。

另外注意代码里dp过程的这几行

        for (int j = num[x]; j >= 0; j--)
            for (int k = 1; k <= num[v]; k++)
                dp[x][j+k] = max(dp[x][j+k], dp[x][j] + dp[v][k] - edge[i].w);

假设当前正考虑的孩子结点是v，则孩子1...(v-1)覆盖的用户数量为num[x]，即i已经考虑过的用户数量。在这里枚举时需要从大到小枚举，不然可能j=1的情况会影响到j=2的情况。另一种处理方法就是，将结点i所有的dp[i][j]值每次都先用tem[j]另存起来，dp时直接用tem[j]，这样就不需要考虑枚举的顺序了。

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define maxn 3005
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
struct node
{
    int v, w, next;
}edge[maxn];
int num_edge, head[maxn];
void init_edge()
{
    num_edge = 0;
    memset(head, -1, sizeof(head));
}
void addedge(int a,int b,int c)
{
    edge[num_edge].v = b;
    edge[num_edge].w = c;
    edge[num_edge].next = head[a];
    head[a] = num_edge++;
}

int n, m, num[maxn], dp[maxn][maxn];
void dfs(int x)
{
    for (int i = head[x]; i != -1; i = edge[i].next)
    {
        int v = edge[i].v;
        dfs(v);
        for (int j = num[x]; j >= 0; j--)
            for (int k = 1; k <= num[v]; k++)
                dp[x][j+k] = max(dp[x][j+k], dp[x][j] + dp[v][k] - edge[i].w);
        num[x] += num[v];//x结点已经考虑过的用户数
    }
}
int main()
{
    //freopen("data.in", "r", stdin);
    scanf("%d%d", &n, &m);
    init_edge();
    for (int i = 1; i <= n - m; i++)
    {
        num[i] = 0;//i已经考虑过的用户数量为0
        int k;
        scanf("%d", &k);
        while (k--)
        {
            int b, c;
            scanf("%d%d", &b, &c);
            addedge(i, b, c);
        }
    }
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        for (int j = 1; j <= m; j++)
            dp[i][j] = -inf;
    for (int i = n - m + 1; i <= n; i++)
    {
        num[i] = 1;
        scanf("%d", &dp[i][1]);
    }
    dfs(1);
    for (int i = m; i >= 0; i--) if (dp[1][i] >= 0)
    {
        printf("%d
", i);
        break;
    }
    return 0;
}