题意
给定平面上 (N) 个关键点，询问有多少个矩形满足左下和右上各有一个关键点，且矩形中间没有关键点。
(Nle 2cdot 10^5) .
题解
我们按 (x) 排序分治，对于左右两边的区间按 (y) 排序。
考虑左边的点对右边的每个点产生的贡献。
比较容易发现，产生贡献的点的 (x) 一定单减，我们维护一个单调栈。
我们注意到，如果左边的点能和之前统计的右边的点形成矩形，那么这个点一定不会对当前点产生贡献。
那么做法就比较显然了：我们对于离当前点最近的横坐标比它小的点，在左边二分找纵坐标比该点小的点数，统计答案时减掉这部分点即可。
怎么找这样的点？我们对右边维护一个横坐标单增的单调栈即可。
时间复杂度 (O(nlog ^2 n)) ，代码非常好写。
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
inline int gi()
{
char c; int x=0;
for(;c<'0'||c>'9';c=getchar());
for(;c>='0'&&c<='9';c=getchar())x=(x<<1)+(x<<3)+c-'0';
return x;
}
const int N=200005;
struct node {
int x,y;
} a[N],b[N];
bool operator < (node s, node t) {
return s.x<t.x;
}
bool cmp(node s, node t) {
return s.y<t.y;
}
int n,s1[N],s2[N];
long long ans;
int _bound(int w, int r)
{
int l=1;
while(l<=r)
{
int mid=l+r>>1;
a[s2[mid]].y<w?l=mid+1:r=mid-1;
}
return l-1;
}
void cdq(int l, int r)
{
if(l==r) return ;
int mid=l+r>>1;
cdq(l,mid),cdq(mid+1,r);
int t1=0,t2=0;
for(int i=mid+1,j=l;i<=r;++i)
{
for(;t1&&a[s1[t1]].x>a[i].x;--t1);
s1[++t1]=i;
for(;j<=mid&&a[j].y<a[i].y;++j)
{
for(;t2&&a[s2[t2]].x<a[j].x;--t2);
s2[++t2]=j;
}
ans+=t2-_bound(a[s1[t1-1]].y,t2);
}
merge(a+l,a+mid+1,a+mid+1,a+r+1,b,cmp);
for(int i=l,j=0;i<=r;++i,++j) a[i]=b[j];
}
int main()
{
n=gi();
for(int i=1;i<=n;++i) a[i].x=gi(),a[i].y=gi();
sort(a+1,a+1+n);
cdq(1,n);
printf("%lld",ans);
}