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题目链接：Necklace

题意：

　　给出一串珠子，每个珠子有它的value,现在给出n(n<=5e4)个珠子的value(1<=value<=1e6)，现在给出m(1<=m<=2e5)个询问，每个询问给出l和r，要求[l,r]区间内所有珠子的value(如果有相同value值的珠子则只计算一次这个珠子的值)。

题解：

　　刚开始看到这题，遇到区间求和就想到了树状数组。但是如何解决区间内相同value值只能计算一次的问题呢？看了题解后发现可以用离线化解决这个问题，我们可以先把所有的询问保存下来，将询问按右端点从小到大排序，然后将所有有重复的value值只保留最后一个位置的值，其他的value值全都减去。因为区间的右端点保证是从小到大的，而可以发现[l,r]这个区间的值就等于所有数保留最后一个出现的数的和(可以自己验证一下)。这里离散化最大的功能就是保证了我们的操作是从小到大的，这样我们前面的操作就不会影响后面的操作。还有这里是要用long long的不然会爆～@。@#

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int MAX_N = 1e5+9;
typedef pair<int,int> P;
P q[MAX_N*4];
int q1[MAX_N*4];
int vis[MAX_N*10];
long long vec[MAX_N];
long long res[MAX_N];
long long out[MAX_N*4];
void add(int x,long long num)
{
    for(;x<MAX_N;x+=(x&-x))
        res[x] += num;
}
long long sum(int x)
{
    long long ans = 0;
    for(;x>0;x-=(x&-x))
        ans += res[x];
    return ans;
}
int main()
{
    int N,M,T;
    cin>>T;
    while(T--)
    {
        cin>>N;
        memset(res,0,sizeof(res));
        memset(vis,0,sizeof(vis));
        for(int i=1;i<=N;i++)
        {
            scanf("%lld",&vec[i]);
            add(i,vec[i]);
            if(!vis[vec[i]]) vis[vec[i]] = i;
        }
        cin>>M;
        for(int i=0;i<M;i++)
        {
            scanf("%d%d",&q1[i],&q[i].first);
            q[i].second = i;
        }
        sort(q,q+M);
        int right = 1;
        for(int i=0;i<M;i++)
        {
            for(int j=right;j<=q[i].first;j++)
            {
                if(vis[vec[j]] != j)
                {
                    add(vis[vec[j]],-vec[j]);
                    vis[vec[j]] = j;
                }
            }
            right = q[i].first;
            out[q[i].second] = sum(q[i].first) - sum(q1[q[i].second]-1);
        }
        for(int i=0;i<M;i++)
        {
            printf("%lld
",out[i]);
        }
    }
    return 0;
}