Description
万圣节又到了！FJ打算带他的奶牛去参加一个化装晚会，但是FJ只做了一套能容下两头总长不超过 S 的牛的恐怖服装。FJ养了 N 头按 1..N 顺序编号的奶牛，编号为 i 的奶牛的长度为 Li。如果两头奶牛的总长度不超过 S，那么她们就能穿下这套服装。
FJ想知道，如果他想选择两头不同的奶牛来穿这套衣服，一共有多少种满足条件的方案。
Input
第 1 行是 2 个用空格隔开的整数 N 和 S; 接下来有 n 行，每行包含一个整数 L_i，表示奶牛的身长为。
Output
仅一行一个整数，表示FJ可选择的所有方案数。注意奶牛顺序不同的两种方案是被视为相同的
Sample Input 1
4 6
3 5 2 1
Sample Output 1
4
Hint
2 <= N <= 1,000,0001 <= S <= 2,000,000,0001 <= L_i <= 2,000,000,000
首先可以注意到数据量很大，所以先放弃(O(n^2))的暴力枚举法。
首先想到可以排序后对每头牛i二分搜索和它满足条件的第二头牛j，，则比j长度小的牛也都满足条件，枚举第一头牛+二分搜索，复杂度(O(nlogn))。
如果从大向小枚举i，那么其实没必要每次重新二分找j，因为满足前一头牛的j一定满足当前的牛（想一想，为什么）。所以j可以按从小到大的顺序移动。复杂度降为(O(n))。
细节见代码：
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <stack>
#include <vector>
#include <set>
#include <map>
#include <iomanip>
#define inf 0x7f7f7f7f
using namespace std;
int n,s,cow[1000005];
long long ans=0;
int readd(int &x) //快读int
{
char ch;
x=0;
while(!isdigit(ch)) ch=getchar();
while(isdigit(ch))
{
x=x*10+ch-'0';
ch=getchar();
}
return 0;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&s);
for(int i=1;i<=n;i++) readd(cow[i]);
sort(cow+1,cow+1+n);
int i=1,j=n;
for(j=n;j>=1;j--)
{
while(i<=n && cow[j]+cow[i]<=s) i++;
if(j>=i)ans+=i-1;
else ans+=i-2;
}
cout<<ans/2;
}