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sol
唯一的重点是拆边。。。
0的不管，只看1、2。
先无论如何把两条边的边权赋为(0.5)然后我们发现如果两个都选了。
对于第一种边，我们发现如果(frac{1}{2} * frac{1}{2}=frac{1}{4})，但我们实际上需要的是(frac{1}{2})所以我们连一条两条边都在内的边，权值为(frac{1}{4})
同理，第二种就是(-frac{1}{4})
然后就是状压(dp)
#include<map>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define gt getchar()
#define ll long long
#define File(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
inline int in()
{
int k=0;char ch=gt;
while(ch<'-')ch=gt;
while(ch>'-')k=k*10+ch-'0',ch=gt;
return k;
}
const int YL=1e9+7,inv2=5e8+4,inv4=2.5e8+2;
inline int MO(const int &a){return a>=YL?a-YL:a;}
std::map<int,int>f[1<<16];
#define mk(x,y) ((1<<(x-1))|(1<<(y+n-1)))
int S[1<<16],v[1<<16],cnt,n,m;
int dp(int S_now)
{
if(!S_now)return 1;
int T_0=S_now>>n,S_0=S_now&((1<<n)-1);
if(f[T_0].count(S_0))return f[T_0][S_0];
int &res=f[T_0][S_0];
for(int i=1;i<=cnt;++i)
{
int T=S[i];
if((S_now|T)==S_now&&S_now<(T<<1))
res=MO(res+1ll*dp(S_now^T)*v[i]%YL);
}
return res;
}
int main()
{
n=in(),m=in();
for(int i=1;i<=m;++i)
{
int op=in(),x=in(),y=in();
int S1=mk(x,y);S[++cnt]=S1,v[cnt]=inv2;
if(op)
{
x=in(),y=in();
int S2=S[++cnt]=mk(x,y);v[cnt]=inv2;
if(S[cnt]&S1)continue;
S[++cnt]=S1|S2;
v[cnt]=(op==1?inv4:YL-inv4);
}
}
printf("%lld
",(1ll<<n)*dp((1<<2*n)-1)%YL);
return 0;
}