题面
Description
这是一道非常直白的可持久化线段树的练习题，目的并不是虐人，而是指导你入门可持久化数据结构。
线段树有个非常经典的应用是处理RMQ问题，即区间最大/最小值询问问题。现在我们把这个问题可持久化一下:
Q k l r 查询数列在第k个版本时，区间[l, r]上的最大值
M k p v 把数列在第k个版本时的第p个数修改为v，并产生一个新的数列版本
最开始会给你一个数列，作为第1个版本。
每次M操作会导致产生一个新的版本。修改操作可能会很多呢，如果每次都记录一个新的数列，空间和时间上都是令人无法承受的。所以我们需要可持久化数据结构:
对于最开始的版本1，我们直接建立一颗线段树，维护区间最大值。
修改操作呢？我们发现，修改只会涉及从线段树树根到目标点上一条树链上logn个节点而已，其余的节点并不会受到影响。所以对于每次修改操作，我们可以只重建修改涉及的节点即可。就像这样:
P
需要查询第k个版本的最大值，那就从第k个版本的树根开始，像查询普通的线段树一样查询即可。
Input
第一行两个整数N, Q。N是数列的长度，Q表示询问数
第二行N个整数，是这个数列
之后Q行，每行以0或者1开头，0表示查询操作Q，1表示修改操作M，格式为
0 k l r 查询数列在第k个版本时，区间[l, r]上的最大值 或者
1 k p v 把数列在第k个版本时的第p个数修改为v，并产生一个新的数列版本
Output
对于每个M询问，输出正确答案
Sample Input
4 5
1 2 3 4
0 1 1 4
1 1 3 5
0 2 1 3
0 2 4 4
0 1 2 4
Sample Output
4
5
4
4
Hint
样例解释：
序列版本1: 1 2 3 4
查询版本1的[1, 4]最大值为4
修改产生版本2: 1 2 5 4
查询版本2的[1, 3]最大值为5
查询版本1的[4, 4]最大值为4
查询版本1的[2, 4]最大值为4
N <= 10000 Q <= 100000
对于每次询问操作的版本号k保证合法，
区间[l, r]一定满足1 <= l <= r <= N
Source
原题见: http://syzoj.com/problem/247
可持久化线段树
题解
主席树板子题
自己YY了一晚上弄出来了
到时候再写主席树的东西吧。。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAX 1000000
#define ll long long
inline int read()
{
register int x=0,t=1;
register char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-'){t=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-48;ch=getchar();}
return x*t;
}
struct Node//线段树节点
{
int ch[2];//左儿子和右儿子
int l,r;//左节点右节点
int val;//最大值
}c[MAX];
int n,Q,a[MAX],cnt,Root[MAX];
void Build(int now,int l,int r)//构建第一版本的线段树
{
++cnt;
c[now].l=l;c[now].r=r;
if(l==r){c[now].val=a[l];return;}
int mid=(l+r)>>1;
c[now].ch[0]=cnt+1;
Build(cnt+1,l,mid);
c[now].ch[1]=cnt+1;
Build(cnt+1,mid+1,r);
c[now].val=max(c[c[now].ch[0]].val,c[c[now].ch[1]].val);
}
int Query(int now,int al,int ar)//查询最大值
{
int l=c[now].l,r=c[now].r;
if(l==al&&ar==r)return c[now].val;
int lson=c[now].ch[0],rson=c[now].ch[1];
int mid=(l+r)>>1;
if(ar<=mid)return Query(lson,al,ar);
if(al>mid)return Query(rson,al,ar);
return max(Query(lson,al,mid),Query(rson,mid+1,ar));
}
void Update(int now,int k,int x)
{
++cnt;int tt=cnt;
c[cnt]=c[now];//直接复制要更新的节点
int l=c[now].l,r=c[now].r;
if(l==r){c[cnt].val=x;return;}
int mid=(l+r)>>1;
if(k<=mid){c[tt].ch[0]=cnt+1;Update(c[now].ch[0],k,x);}
else{c[tt].ch[1]=cnt+1;Update(c[now].ch[1],k,x);}
c[tt].val=max(c[c[tt].ch[0]].val,c[c[tt].ch[1]].val);
}
int main()
{
n=read();Q=read();
for(int i=1;i<=n;++i)a[i]=read();
Build(1,1,n);Root[1]=1;
int Ver=1;
while(Q--)
{
int tt=read(),k=read(),L=read(),R=read();
if(tt==0)
printf("%d
",Query(Root[k],L,R));
else
{
Root[++Ver]=cnt+1;//当前新版本的根节点
Update(Root[k],L,R);
}
}
}