【BZOJ3925】[ZJOI2015]地震后的幻想乡（动态规划）
题面
题解
题目里面有一句提示：对于(n)个([0,1])之间的随机变量(x1,x2,...,xn)，第(k)小的那个的期望值是(k/(n+1))。
显然要求的东西就是一棵最小生成树最大边的期望。而求解最小生成树只需要知道边的排名以及当前点之间的连通性。因为我们知道第(k)小的值的期望，所以我们只需知道最小生成树做到了第几条边时联通。那么需要求解的只有在连完第(k)条边只有连通的方案数了。
预处理点集内部的方案数，假设为(cnt(S))，设(f[i][S][0/1])表示对于点集(S)而言，选择了其中(i)条边之后连通或者不连通的方案数。
首先很显然，连通和不连通的方案数总和就是任意选择边的方案数。
即(displaystyle f[i][S][0]+f[i][S][1]={cnt(S)choose i})。
那么考虑如何计算(dp)值。
如果我们要算不连通的方案数，那么我们枚举其中一个定点所在的连通块，那么这个连通块不能和其他点之间有连边，可以得到转移：(displaystyle f[i+j][S][0]=sum f[i][T][1]*{cnt(S-T)choose j})
而连通的方案数则直接用前面那个总方案减去不连通的就好了。
那么最终计算答案的时候，枚举用了几条边(displaystyle ans=frac{1}{m+1}sum_{i=0}^m frac{f[i][All][0]}{mchoose i})
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
inline int read()
{
int x=0;bool t=false;char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-')t=true,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return t?-x:x;
}
int n,m,S,bul[1<<10],cnt[1<<10],G[10],lg[1<<10];
long long f[50][1<<10][2],C[50][50];
double ans;
int lb(int x){return x&(-x);}
int main()
{
n=read();m=read();S=1<<n;
for(int i=0;i<=m;++i)C[i][0]=1;
for(int i=1;i<=m;++i)
for(int j=1;j<=i;++j)
C[i][j]=C[i-1][j-1]+C[i-1][j];
for(int i=1;i<S;++i)bul[i]=bul[i>>1]+(i&1);
for(int i=2;i<S;++i)lg[i]=lg[i>>1]+1;
for(int i=1,u,v;i<=m;++i)u=read()-1,v=read()-1,G[u]|=1<<v,G[v]|=1<<u;
for(int i=1;i<S;++i)cnt[i]=cnt[i^lb(i)]+bul[G[lg[lb(i)]]&i];
for(int i=1;i<S;++i)f[0][i][bul[i]==1]=1;
for(int i=1;i<=m;++i)
for(int T=1;T<S;++T)
{
int TT=T^lb(T),u=lb(T);
for(int P=(TT-1)&TT;;P=(P-1)&TT)
{
for(int j=0;j<=i;++j)f[i][T][0]+=f[j][P|u][1]*C[cnt[TT^P]][i-j];
if(!P)break;
}
f[i][T][1]=C[cnt[T]][i]-f[i][T][0];
}
for(int i=0;i<=m;++i)ans+=1.0*f[i][S-1][0]/C[m][i];
ans/=m+1;printf("%.6lf
",ans);
return 0;
}