Luogu P1525 关押罪犯

 　　这又是一道坑题！

　　思想进行了大幅转变，并查集炸了之后终于搞出了一种奇葩的算法，终于卡时间A了。

　　把思路按顺序理一理。

　　先把边从大到小排序一下。

　　<1> 看完题目，我去这不是并查集模板么吗，马上敲了个裸并查集，判断两个点如果之前已经联通了，直接退出输出当前值即可。

　　CODE（WA）

#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=20005,M=100005;
struct data
{
    int l,r,s;
}e[N];
int father[N],i,n,m;
inline void read(int &x)
{
    x=0; char ch=getchar();
    while (ch<'0'||ch>'9') ch=getchar();
    while (ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
}
inline int comp(data a,data b) { return a.s>b.s; }
inline int getfather(int k) { return k==father[k]?k:father[k]=getfather(father[k]); }
int main()
{
    read(n); read(m);
    for (i=1;i<=n;++i)
    father[i]=i;
    for (i=1;i<=m;++i) 
    read(e[i].l),read(e[i].r),read(e[i].s);
    sort(e+1,e+m+1,comp);
    for (i=1;i<=m;++i)
    {
        int fx=getfather(e[i].l),fy=getfather(e[i].r);
        if (fx==fy) break;
        father[fx]=fy;
    }
    printf("%d",e[i].s);
    return 0;
}

　　帅气得搞了50分·。

　　<2> 上一种打法为什么会WA，是因为没有考虑到一种情况：如果两个人之间的距离是偶数，那么他们应该在同一个监狱（类似于我的敌人的敌人就是我的朋友）。类似的思想在食物链这道题里面也有。

　　然后就是一道带权并查集的模板题了（可是我不会）　

　　不过可以用补集的做法来搞

　　开两倍的数组，每次连边的时候把x和y+n相连，y和x+n相连。这样如果两个点的父节点相同那么它们之间的距离肯定是偶数。

　　CODE（TLE）

#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=20005,M=100005;
struct data
{
    int l,r,s;
}e[N];
int father[N*2],i,n,m;
inline void read(int &x)
{
    x=0; char ch=getchar();
    while (ch<'0'||ch>'9') ch=getchar();
    while (ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
}
inline int comp(data a,data b) { return a.s>b.s; }
inline int getfather(int k) { return k==father[k]?k:father[k]=getfather(father[k]); }
int main()
{
    read(n); read(m);
    for (i=1;i<=n*2;++i)
    father[i]=i;
    for (i=1;i<=m;++i) 
    read(e[i].l),read(e[i].r),read(e[i].s);
    sort(e+1,e+m+1,comp);
    for (i=1;i<=m;++i)
    {
        int fx=getfather(e[i].l),fy=getfather(e[i].r);
        if (fx==fy) { printf("%d",e[i].s); return 0; } 
        father[fx]=getfather(e[i].r+n);
        father[fy]=getfather(e[i].l+n);
    }
    puts("0");
    return 0;
}

　　然后蜜汁TLE了4个点

　　<3> 终于，发现了一种神奇的算法。因为已经对边长排过序，并且稍微想一想就可以得出如果到这一条边不能满足要求，那么所有比它小的边绝对也满足不了。

　　于是——二分。

　　对于二分出来的边长，只保留比它长的边，再跑一遍染色即可。

　　所谓染色，就是把一个点染上一种颜色（例如1），再把与它相邻的点染上另一种颜色即可（例如2）。

　　如果发现一个点与之相连的点颜色和它一样，说明不可行，return 掉即可。

　　BFS实现玄学复杂度，常数小的应该能卡过去

　　CODE(AC)

#include<cstdio>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
const int N=20005,M=100005;
vector <int> a[N],l[N];
int n,m,i,j,ans,col[N],q[N*2+10],e[M],x,y;
inline void read(int &x)
{
    x=0; char ch=getchar();
    while (ch<'0'||ch>'9') ch=getchar();
    while (ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
}
inline int comp(int a,int b) { return a>b; }
inline bool check(int x)
{
    memset(col,0,sizeof(col));
    for (i=1;i<=n;++i)
    if (!col[i]) 
    {
        memset(q,0,sizeof(q));
        int head=0,tail=1;
        q[1]=i; col[i]=1;
        while (head<tail)
        {
            int now=q[++head];
            for (j=0;j<a[now].size();++j)
            {
                int k=a[now][j];
                if (l[now][j]>x)
                {
                    if (!col[k]) { col[k]=3-col[now]; q[++tail]=k; } else
                    if (col[k]==col[now]) return 0;
                }
            }
        }
    }
    return 1;
}
int main()
{
    read(n); read(m);
    for (i=1;i<=m;++i)
    {
        read(x); read(y); read(e[i]);
        a[x].push_back(y); l[x].push_back(e[i]); 
        a[y].push_back(x); l[y].push_back(e[i]);
    }
    sort(e+1,e+m+1,comp);
    int l=1,r=m+1;
    while (l<=r)
    {
        int mid=l+r>>1;
        if (check(e[mid])) ans=mid,l=mid+1; else r=mid-1;
    }
    printf("%d",e[ans]);
    return 0;
}