得分： (97+0+10=107)
排名： (Rank 3)
(Rating)：(+47)
(T1)：【HHHOJ187】Hashit（点此看题面）
容易想到可以用后缀自动机来做，结果比赛时被(Hack)了。（后缀自动机题解详见博客【BZOJ5084】hashit）
正解貌似是后缀数组，但实际上(X\_o\_r)神仙的后缀自动机也能过。
反正我的是过不了。
这里贴出被(Hack)掉的代码：
#include<bits/stdc++.h>
#define Tp template<typename Ty>
#define Ts template<typename Ty,typename... Ar>
#define Reg register
#define RI Reg int
#define Con const
#define CI Con int&
#define I inline
#define W while
#define N 100000
#define LL long long
using namespace std;
char s[N+5];
class SuffixAutomation//后缀自动机
{
private:
#define F5(x,op) (void)(ans+=1LL*(op)*(O[x].L-O[GetFa(x)].L))//更新答案
#define Co(x,y) (void)(++O[O[x].F=y].Sz)//连边
static const int SZ=N,C=26;int tot;LL ans;
struct SAM {int L,F,Sz,Ex,Nxt,S[C+5];}O[(SZ<<1)+5];
I int GetFa(CI x) {return O[O[x].F].Ex?O[x].F:O[x].F=GetFa(O[x].F);}//求第一个存在的父亲
I int GetNxt(int& x) {return O[x].Ex?x:x=GetNxt(O[x].Nxt);}//求出第一个存在的后继
public:
int ExSt[N+5],SamP[N+5],TwoP[N+5];//ExSt为一个记录存在节点的栈，SamP和TwoP分别存储一个字符在SAM中建的两个节点的编号
I SuffixAutomation() {O[0].Ex=O[SamP[0]=tot=1].Ex=1;}//初始化后缀自动机
I void Insert(CI x,CI id,CI lst)//插入字符
{
RI p=lst,q,k,now=SamP[id]=++tot;O[now].L=O[p].L+1,O[now].Ex=1;
W(p&&!GetNxt(O[p].S[x])) O[p].S[x]=now,p=O[p].F;
if(!p) return Co(now,1),F5(now,1);
if(O[p].L+1==O[q=O[p].S[x]].L) return Co(now,q),F5(now,1);
O[k=TwoP[id]=++tot]=O[q],O[k].L=O[p].L+1,O[k].Sz=0,O[k].Ex=1,O[k].Nxt=q,
F5(q,-1),Co(now,k),Co(q,k),F5(q,1),F5(k,1),F5(now,1);//删除原来的贡献，更新新的贡献
W(p&&!(GetNxt(O[p].S[x])^q)) O[p].S[x]=k,p=O[p].F;
}
I void Delete(CI x) {O[x].Ex=0,F5(x,O[x].Sz-1),O[GetFa(x)].Sz+=O[x].Sz-1;}//删除字符
I LL GetAns() {return ans;}//求答案
}S;
int main()
{
RI i,len,x,T=0;for(scanf("%s",s+1),len=strlen(s+1),i=1;i<=len;++i)
{
if(s[i]^'-') S.Insert(s[i]&31,i,S.SamP[S.ExSt[T]]),S.ExSt[++T]=i;//加入字符，更新栈
else//删除字符
{
S.TwoP[S.ExSt[T]]&&(S.Delete(S.TwoP[S.ExSt[T]]),0),//若插入了两个节点，则删除第二个插入的节点
S.Delete(S.SamP[S.ExSt[T]]),--T;//删除第一个插入的节点
}printf("%lld
",S.GetAns());//输出答案
}return 0;
}
(T2)：【HHHOJ188】Polycomp（点此看题面）
多项式神仙题，题目都看不懂。
(T3)：【HHHOJ189】Garrafeira（点此看题面）
也是神仙题，比赛时就写了一个(10)分的大暴力。。。