【BZOJ3351】[IOI2009] regions（设阈值+分块）

点此看题面

大致题意： 一棵树上每个节点有一个颜色，每次询问给出两种颜色(x,y)，问有多少对颜色分别为(x,y)的点是祖先与后代的关系（(x)为祖先，(y)为后代）。

前言

从没想过经过闪指导的指导后还会再一次死在分块上。。。

一开始偷懒了点不想写离线，结果复杂度是(O(nsqrt nlogn))，然后就(TLE)了。

原以为常数问题，花了一个晚上+半个上午去调参+卡常，结果最多只能把原本的(87)分升到(94)分。

只好老老实实写了个离线，不过复杂度还是(O(nsqrt nlogn))，于是就变成了(97)分。。。

最终，只能不再偷懒，把树状数组换成了分块（其实也挺好写的），才过了此题。

设阈值

首先，我们把树上问题通过(dfs)序转化为序列问题（一个子树对应一个区间，这我相信大家都知道）。

对于这道题，我们显然可以设阈值：

• 对于小于等于(sqrt n)的情况，我们枚举第一种颜色，然后枚举这种颜色相关的询问统计答案。利用分块(O(sqrt n))区间修改、(O(1))单点求值的复杂度，可以实现(O(nsqrt n))的修改和(O(msqrt n))的求值。
• 对于大于(sqrt n)的情况，因为最多只有(sqrt n)种这样的颜色，故可以直接枚举进行打表。每次差分+前缀和修改，然后枚举所有颜色直接求值，单次操作都是(O(n))的，因此总复杂度(O(nsqrt n))。

代码

//代码中有些地方因为先前的智障写法，可能会为了卡常、卡内存而显得有点奇怪，不过懒得改了。。。
#include<bits/stdc++.h>
#define Tp template<typename Ty>
#define Ts template<typename Ty,typename... Ar>
#define Reg register
#define RI Reg int
#define Con const
#define CI Con int&
#define I inline
#define W while
#define N 200000
#define M 25000
#define BOUND 300
#define add(x,y) (e[++ee].nxt=lnk[x],e[lnk[x]=ee].to=y)
#define pb push_back
using namespace std;
int n,m,a[N+5],cnt[N+5],ee,lnk[N+5],d,dI[N+5],dO[N+5],ans[N+5];
struct edge {int to,nxt;}e[N];vector<int> V[N+5];
class FastIO
{
	private:
		#define FS 100000
		#define tc() (A==B&&(B=(A=FI)+fread(FI,1,FS,stdin),A==B)?EOF:*A++)
		#define pc(c) (C==E&&(clear(),0),*C++=c)
		#define tn (x<<3)+(x<<1)
		#define D isdigit(c=tc())
		int T;char c,*A,*B,*C,*E,FI[FS],FO[FS],S[FS];
	public:
		I FastIO() {A=B=FI,C=FO,E=FO+FS;}
		Tp I void read(Ty& x) {x=0;W(!D);W(x=tn+(c&15),D);}
		Tp I void write(Ty x) {W(S[++T]=x%10+48,x/=10);W(T) pc(S[T--]);}
		Tp I void writeln(Con Ty& x) {write(x),pc('
');}
		I void clear() {fwrite(FO,1,C-FO,stdout),C=FO;}
}F;
class LargeIniter//对于大数据打表
{
	private:
		int s[N+5],g[N+5],tmp[N+5];
	public:
		int p[N+5];vector<int> s1[M+5],s2[M+5];
		I void Solve()
		{
			for(RI i=1,x,tot=0;i<=m;++i)
			{
				if(cnt[i]<BOUND) continue;for(p[i]=tot++,x=1;x<=n;++x) s[x]=0;
				for(x=1;x<=n;++x) s[dI[x]]+=a[x]==i;for(x=1;x<=n;++x) g[x]=g[x-1]+s[x];//差分+前缀和
				for(x=1;x<=n;++x) tmp[a[x]]+=g[dO[x]]-g[dI[x]];//求值
				for(x=1;x<=m;++x) s1[x].pb(tmp[x]),tmp[x]=0;
				for(x=1;x<=n;++x) s[dO[x]+1]-=a[x]==i;for(x=1;x<=n;++x) g[x]=g[x-1]+s[x];//差分+前缀和
				for(x=1;x<=n;++x) tmp[a[x]]+=g[dI[x]];//求值
				for(x=1;x<=m;++x) s2[x].pb(tmp[x]),tmp[x]=0;
			}
		}
}P;
class LittleSolver//对于小数据离线搞
{
	private:
		int sz,bl[N+5],S[N+5],BV[N+5];
		I void BF(CI x,CI y,CI v) {for(RI i=x;i<=y;++i) S[i]+=v;}//散块暴力
		I void U(CI x,CI y,CI v)
		{
			if(bl[x]==bl[y]) return BF(x,y,v);BF(x,bl[x]*sz,v),BF((bl[y]-1)*sz+1,y,v);
			for(RI i=bl[x]+1;i^bl[y];++i) BV[i]+=v;//整块打标记
		}
	public:
		struct data {int id,k;I data(CI x=0,CI y=0):id(x),k(y){}};vector<data> q[M+5];
		vector<int>::iterator it;vector<data>::iterator Q;
		I void Solve()
		{
			RI i,t;for(sz=sqrt(n),i=1;i<=n;++i) bl[i]=(i-1)/sz+1;//预处理
			for(i=1;i<=m;++i) if(!q[i].empty())
			{
				for(it=V[i].begin();it!=V[i].end();++it) U(dI[*it],dO[*it],1);//修改
				for(Q=q[i].begin();Q!=q[i].end();++Q)//枚举询问
				{
					for(t=0,it=V[Q->k].begin();it!=V[Q->k].end();++it) t+=S[dI[*it]]+BV[bl[dI[*it]]];//统计答案
					ans[Q->id]=t;
				}
				for(it=V[i].begin();it!=V[i].end();++it) U(dI[*it],dO[*it],-1);//清空
			}
		}
}S;
I void Init(CI x=1) {dI[x]=++d;for(RI i=lnk[x];i;i=e[i].nxt) Init(e[i].to);dO[x]=d;}//求子树对应区间
int main()
{
	RI Qt,i,x,y;F.read(n),F.read(m),F.read(Qt),F.read(a[1]),cnt[a[1]]=1;
	for(i=2;i<=n;++i) F.read(x),F.read(a[i]),add(x,i),++cnt[a[i]];//注意统计每种颜色点的个数
	for(i=1;i<=n;++i) cnt[a[i]]<BOUND&&(V[a[i]].pb(i),0);Init(),P.Solve();
	for(i=1;i<=Qt;++i) if(F.read(x),F.read(y),cnt[y]>=BOUND) ans[i]=P.s1[x][P.p[y]];
		else if(cnt[x]>=BOUND) ans[i]=P.s2[y][P.p[x]];else S.q[x].pb(LittleSolver::data(i,y));
	for(S.Solve(),i=1;i<=Qt;++i) F.writeln(ans[i]);return F.clear(),0;
}