第一道轮廓线dp,因为不会轮廓线dp我们在南京区域赛的时候没有拿到银，可见知识点的欠缺是我薄弱的环节。
题目就是要你用1*2的多米诺骨排填充一个大小n*m(n,m<=11)的棋盘，问填满它有多少不同的方法。 一个可行的解法就是轮廓线dp。 假设我们从上往下，从左往右去填，那么我们会发现，假如我们当前填的是(i,j)格的时候，在它前面的(i',j')其实是已经确定一定填了的，所以实际上没有填的时候处于轮廓线的部分，在这里没有具体
| 1 | 1 | 1 | 1 |
| 1 | 1 | x | x |
| x | x | ||
如上图，当我们填红色的x那一格的时候，前面的(i',j')必然为1，而实际上我们要考虑的是x 的那一部分，这一部分就是所谓的轮廓线，x的取值可能是不确定的，所以我们可以用位压缩表示出xxxx的状态。转移的时候根据的就是三种情况，1是红色的x 已经填了，这个时候不用放，相应的转移情况，还有就是红色的x没填，它可以打横放以及打竖放。
因为用到位压缩，所以要求的是棋盘一定具有窄边框的特性，就是有一维上必须是10左右，由于每一格是一个阶段，每次转移2^m种状态，每种状态转移的复杂度是O(1),所以总体的复杂度是O(n*m*2^m)。
还有一些变形是棋盘上本身就已经有一些障碍，这个只需要在转移的时候多加注意即可，我后面也会做一道试试。
#pragma warning(disable:4996)
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#define ll long long
using namespace std;
int n, m;
ll dp[2][1 << 12]; // 二维滚动数组
int main()
{
while (cin >> n >> m &&(n||m))
{
memset(dp, 0, sizeof(dp));
ll *cur, *next;
cur = dp[0]; next = dp[1];
cur[0] = 1;
for (int i = 0; i < n; i++){
for (int j = 0; j < m; j++){
memset(dp[(i*m+j+1)&1], 0, sizeof(dp[(i*m+j+1)&1]));
cur = dp[(i*m + j) & 1]; next = dp[(i*m + j + 1) & 1];
for (int k = 0; k < 1 << m; k++){
// 如果已经放了，那就直接转移
if ((k >> j) & 1){
next[k & ~(1 << j)] += cur[k];
}
else{
// 尝试横放
if (j + 1 < m && !(k >> (j + 1) & 1)){
next[k | 1 << (j + 1)] += cur[k];
}
// 尝试竖放
if (i + 1 < n){
next[k | 1 << j] += cur[k];
}
}
}
}
}
printf("%lld
", next[0]);
}
return 0;
}