题面
三个操作
1.在当前数列最左端加入(k)个初始为(0)的数
2.在当前数列最右端加入(k)个初始为(0)的数
3.将当前数列从左到右第(i)个数加上(b+(i-1)k(b>0,k>0))
请在每一次操作之后输出当前数列的最小值以及最小值所在的位置，如果有多个相同的最小值取最左端的
题解
首先有两个结论
1.如果在左端加入一个数，那么它后面的所有数都没有用了
证明：因为每一次(3)操作后面加的永远比前面的多，而且值相同时要取最左边的，所以左边加入一个之后后面的都没用了
2.不管是左端还是右端，加入的(k)个数里只有最左端的是有用的
证明同(1)
那么简单来说过程就是这样，我们需要一个能够不断往后添加元素的东西，每一次如果前面加了值我们就把它暴力重构
易发现我们需要维护的是一个递减的序列（因为如果有一个元素大于前面的那么前面那个并没有什么卵用），而且有可能加着加着某一个数突然大于前面了，得把它删去
那么很明显就是一个链表了，只有这玩意儿资瓷快速在数列中间删数
于是我们接下来的过程都假定左端点固定（因为左端点一变我们就需要直接重构）
设当前左端点为(1)，那么后面加入的每个数的位置都是已经定的，对于加的值我们可以维护(sum b)和(sum s)，那么到时候需要用的时候可以一起加上去。对于一个新加入的值，设当前(tmpb=sum b,tmps=sum s)，我们需要把它的值减去(tmpb+(id-1)tmps)（其中(id)为它的位置），这样才能保证后面加上懒标记的时候它的值是真的
会改变序列中数的大小关系的只与(s)有关，对于数列中相邻的两个数，如果它们的位置之差为(k)，那么一次(3)操作的(s)会使它们之间的值的差减少(ks)，设它们原来的差为(val)，那么只要之后的(s)操作的总和达到了(val/k)（这里是上取整），那么后面那个数就废了，我们就可以删了它
我们每次插入一个数的时候算出它和前面那个数此时相差的值，并记录一下需要达到的(s)，并把它放进一个优先队列里。每一次(3)操作的时候都不断取出最顶端的元素看看是否需要删
注意，我们算出的(s)是之后还需要多少，但是(tmps)记录的是从开始到现在有多少，所以放进队列的时候还需要加上当前的(tmps)
还有，每一次删数的时候，设当前删的数为(p)，那么队列里记录的(p)右边那个数和(p)的差就没有意义了，要删掉，所以我们需要的是一个可删堆
然后没有然后了
ps：为了好看一点第一次用了指针……结果(bug)死活调不出来……以后再也不乱搞了……
//minamoto
#include<bits/stdc++.h>
#define R register
#define ll long long
#define fp(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)+1;i<I;++i)
#define fd(i,a,b) for(R int i=(a),I=(b)-1;i>I;--i)
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)
using namespace std;
char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;
inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}
int read(){
R int res,f=1;R char ch;
while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);
for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');
return res*f;
}
char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;
inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}
void print(R ll x){
if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;
while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);
while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='
';
}
const int N=5e5+5;
struct node{
node *lc,*rc;int s,id;ll v,c;
inline void init(R int ss,R int Id,R ll vv){s=ss,id=Id,v=vv,lc=rc=NULL;}
}pool[N],*p[N],*T,*g;
struct point{
node *c;ll v;
point(){c=NULL,v=0;}
point(node *cc,ll vv):c(cc),v(vv){}
inline bool operator <(const point &b)const{return v>b.v;}
inline bool operator ==(const point &b)const{return c==b.c&&v==b.v;}
};
struct Queue{
priority_queue<point>A,B;
inline void push(R point x){A.push(x);}
inline void pop(R point x){B.push(x);}
inline void pop(){A.pop();}
inline bool empty(){
while(!B.empty()&&A.top()==B.top())A.pop(),B.pop();
return A.empty();
}
inline point top(){
while(!B.empty()&&A.top()==B.top())A.pop(),B.pop();
return A.top();
}
}q;
int n,m,tot,op,b,s,k,sum;ll sumb,sums,tmpb,tmps;
inline void insh(){p[++tot]->init(sum+k,1,0),T=p[tot],tmpb=tmps=0;while(!q.empty())q.pop();}
inline ll val(node *it){return tmpb+tmps*(it->id-1)+it->v;}
void inst(){
if(val(T)==0)return T->s+=k,void();
p[++tot]->init(k,sum+1,-tmpb-tmps*sum);
p[tot]->c=(val(T)-val(p[tot])+T->s-1)/T->s+tmps;
p[tot]->lc=T,T->rc=p[tot],q.push(point(p[tot],p[tot]->c));
T=p[tot];
}
void update(){
tmpb+=b,tmps+=s;
while(!q.empty()&&q.top().v<=tmps){
g=q.top().c,q.pop();
if(g==T)T=g->lc,T->s+=g->s,T->rc=NULL;
else{
g->lc->rc=g->rc,g->rc->lc=g->lc,g->lc->s+=g->s;
q.pop(point(g->rc,g->rc->c));
g->rc->c=(val(g->lc)-val(g->rc)+g->lc->s-1)/g->lc->s+tmps;
q.push(point(g->rc,g->rc->c));
}
}
}
int main(){
// freopen("testdata.in","r",stdin);
n=read(),m=read();
fp(i,1,N-5)p[i]=&pool[i];
k=n,insh(),sum=k;
while(m--){
op=read();
switch(op){
case 1:k=read(),insh(),sum+=k;break;
case 2:k=read(),inst(),sum+=k;break;
case 3:b=read(),s=read(),update();break;
}
print(T->id),sr[C]=' ',print(val(T));
}
return Ot(),0;
}