解题代码部分来自网友，如果有不对的地方，欢迎各位大佬评论
题目1、世纪末的星期题目描述
曾有邪教称1999年12月31日是世界末日。当然该谣言已经不攻自破。
还有人称今后的某个世纪末的12月31日，如果是星期一则会…
有趣的是，任何一个世纪末的年份的12月31日都不可能是星期一!!
于是，“谣言制造商”又修改为星期日…
1999年的12月31日是星期五，请问：未来哪一个离我们最近的一个世纪末年（即xx99年）的12月31日正好是星期天（即星期日）？
请回答该年份（只写这个4位整数，不要写12月31等多余信息）
解题思路
这里用到了Java中的一个日期API——Calendar（1970年后的日期才可以使用这个API）
只需从1999年开始每次增加100年遍历，看看对应世纪末年份12月31日是否为星期日即可停止遍历。
import java.util.Calendar;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Calendar calendar = Calendar.getInstance();
for (int year = 1999; year < 10000; year += 100) {
calendar.set(year, 11, 31); // 注意0是代表1月份，所以12月份应该是11
if (calendar.get(Calendar.DAY_OF_WEEK) == 1) { // 这里星期日为1，星期一为2...
System.out.println(year);
break;
}
}
}
}
结果
2299
提示：题意中埋了一个坑，它说1999年的12月31日是星期五，这里我们应该验证一下实际中这天是否为星期五再去解题。
我们可以用calendar.set(1999, 11, 31);和System.out.println(calendar.get(Calendar.DAY_OF_WEEK));这两句来看看输出结果是否为6
题目2、阶乘位数题目描述
小明参加了学校的趣味运动会，其中的一个项目是：跳格子。
地上画着一些格子，每个格子里写一个字，如下所示：（也可参见p1.jpg）
从我做起振
我做起振兴
做起振兴中
起振兴中华
比赛时，先站在左上角的写着“从”字的格子里，可以横向或纵向跳到相邻的格子里，但不能跳到对角的格子或其它位置。一直要跳到“华”字结束。
要求跳过的路线刚好构成“从我做起振兴中华”这句话。
请你帮助小明算一算他一共有多少种可能的跳跃路线呢？
答案是一个整数，请通过浏览器直接提交该数字。
注意：不要提交解答过程，或其它辅助说明类的内容。
解题思路
这是一道简单的深搜题，我们可以把每个格子抽象为一个坐标，从（0，0），华（3，4）这样。题意说横向或纵向跳到相邻的格子里，但我们发现只有向下走或者向右走才能达到要求，向上走或者想左走都不可能达到要求。所以在路线的总数为所在格子向下走的线路数和想右走的线路数的总和，当走到下边界或者右边界时，线路就已经确定了。
结果：35
public class Main {
public static void main(String[] args) {
int ans = 0;
ans = dfs(0, 0);
System.out.println(ans);
}
public static int dfs(int i, int j) {
if (i == 3 || j == 4) {
return 1;
}
// dfs(i + 1, j)：向下走的路线总数；dfs(i, j+ 1)：向右走的路线总数
return dfs(i + 1, j) + dfs(i, j + 1);
}
}
题目描述
如果一个数字的所有真因子之和等于自身，则称它为“完全数”或“完美数”
例如：6 = 1 + 2 + 3
28 = 1 + 2 + 4 + 7 + 14
早在公元前300多年，欧几里得就给出了判定完全数的定理：
若 2^n - 1 是素数，则 2^(n-1) * (2^n - 1) 是完全数。
其中 ^ 表示“乘方”运算，乘方的优先级比四则运算高，例如：2^3 = 8， 2 * 2^3 = 16, 2^3-1 = 7
但人们很快发现，当n很大时，判定一个大数是否为素数到今天也依然是个难题。
因为法国数学家梅森的猜想，我们习惯上把形如：2^n - 1 的素数称为：梅森素数。
截止2013年2月，一共只找到了48个梅森素数。 新近找到的梅森素数太大，以至于难于用一般的编程思路窥其全貌，所以我们把任务的难度降低一点：
1963年，美国伊利诺伊大学为了纪念他们找到的第23个梅森素数 n=11213，在每个寄出的信封上都印上了“2^11213-1 是素数”的字样。
2^11213 - 1 这个数字已经很大(有3000多位)，请你编程求出这个素数的十进制表示的最后100位。
答案是一个长度为100的数字串，请通过浏览器直接提交该数字。
注意：不要提交解答过程，或其它辅助说明类的内容。
import java.math.BigInteger;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
BigInteger num = BigInteger.valueOf(2).pow(11213).subtract(BigInteger.ONE);
String str = num+"";
String answer = str.substring(str.length()-100);
System.out.println(answer+" "+answer.length());
}
}
题目描述
小李的店里专卖其它店中下架的样品电视机，可称为：样品电视专卖店。
其标价都是4位数字（即千元不等）。
小李为了标价清晰、方便，使用了预制的类似数码管的标价签，只要用颜色笔涂数字就可以了（参见p1.jpg）。
这种价牌有个特点，对一些数字，倒过来看也是合理的数字。如：1 2 5 6 8 9 0 都可以。这样一来，如果牌子挂倒了，有可能完全变成了另一个价格，比如：1958 倒着挂就是：8561，差了几千元啊!!
当然，多数情况不能倒读，比如，1110 就不能倒过来，因为0不能作为开始数字。
有一天，悲剧终于发生了。某个店员不小心把店里的某两个价格牌给挂倒了。并且这两个价格牌的电视机都卖出去了!
庆幸的是价格出入不大，其中一个价牌赔了2百多，另一个价牌却赚了8百多，综合起来，反而多赚了558元。
请根据这些信息计算：赔钱的那个价牌正确的价格应该是多少？
答案是一个4位的整数，请通过浏览器直接提交该数字。
注意：不要提交解答过程，或其它辅助说明类的内容。
public class Main {
public static void main(String[] args) {
int k = 0;
int x = 0;
int[] k2 = new int[24];
int[] x2 = new int[12];
int[] z = new int[24];
int[] w = new int[12];
for(int a=1;a<10;a++) {
if(a==3||a==4||a==7)
continue;
int a1 = a;
if(a == 6) {
a1 = 9;
}
if(a == 9){
a1 = 6;
}
for(int b=0;b<10;b++) {
if(b==3||b==4||b==7)
continue;
int b1 = b;
if(b == 6) {
b1 = 9;}
if(b == 9){
b1 = 6;}
for(int c=0;c<10;c++) {
if(c==3||c==4||c==7)
continue;
int c1 = c;
if(c == 6){
c1 = 9;}
if(c == 9){
c1 = 6;}
for(int d=1;d<10;d++) {
if(d==3||d==4||d==7)
continue;
int d1 = d;
if(d == 6){
d1 = 9;}
if(d == 9){
d1 = 6;}
int num = a*1000+b*100+c*10+d;
int num2 = d1*1000+c1*100+b1*10+a1;
if(num-num2>200 && num-num2<300) {
z[k] = num-num2;
k2[k] = num;
k++;
}
if (num2-num>800 && num2-num<900) {
w[x] = num2-num;
x2[x] = num;
x++;
}
}
}
}
}
for(int i=0;i<24;i++) {
for(int j=0;j<12;j++) {
if(w[j]-z[i]==558)
System.out.println(k2[i]+" "+x2[j]);
}
}
System.out.println(k + " " + x);
}
}
题目描述
一般的排序有许多经典算法，如快速排序、希尔排序等。
但实际应用时，经常会或多或少有一些特殊的要求。我们没必要套用那些经典算法，可以根据实际情况建立更好的解法。
比如，对一个整型数组中的数字进行分类排序：
使得负数都靠左端，正数都靠右端，0在中部。注意问题的特点是：负数区域和正数区域内并不要求有序。可以利用这个特点通过1次线性扫描就结束战斗!!
以下的程序实现了该目标。
static void sort(int[] x)
{
int p = 0;
int left = 0;
int right = x.length-1;
while(p<=right){
if(x[p]<0){
int t = x[left];
x[left] = x[p];
x[p] = t;
left++;
p++;
}
else if(x[p]>0){
int t = x[right];
x[right] = x[p];
x[p] = t;
right--;
}
else{
_________________________; //代码填空位置 p++
}
}
}
如果给定数组：
25,18,-2,0,16,-5,33,21,0,19,-16,25,-3,0
则排序后为：
-3,-2,-16,-5,0,0,0,21,19,33,25,16,18,25
请分析代码逻辑，并推测划线处的代码，通过网页提交
注意：仅把缺少的代码作为答案，千万不要填写多余的代码、符号或说明文字！！
题目描述
正常的表达式称为中缀表达式，运算符在中间，主要是给人阅读的，机器求解并不方便。
例如：3 + 5 * (2 + 6) - 1
而且，常常需要用括号来改变运算次序。
相反，如果使用逆波兰表达式（前缀表达式）表示，上面的算式则表示为：
- + 3 * 5 + 2 6 1
不再需要括号，机器可以用递归的方法很方便地求解。
为了简便，我们假设：
1. 只有 + - * 三种运算符
2. 每个运算数都是一个小于10的非负整数
下面的程序对一个逆波兰表示串进行求值。
其返回值为一个数组：其中第一元素表示求值结果，第二个元素表示它已解析的字符数。
static int[] evaluate(String x)
{
if(x.length()==0) return new int[] {0,0};
char c = x.charAt(0);
if(c>='0' && c<='9') return new int[] {c-'0',1};
int[] v1 = evaluate(x.substring(1));
int[] v2 = __________________________________________; //填空位置 evaluate(x.substring(1+v1[1]));
int v = Integer.MAX_VALUE;
if(c=='+') v = v1[0] + v2[0];
if(c=='*') v = v1[0] * v2[0];
if(c=='-') v = v1[0] - v2[0];
return new int[] {v,1+v1[1]+v2[1]};
}
请分析代码逻辑，并推测划线处的代码，通过网页提交。
注意：仅把缺少的代码作为答案，千万不要填写多余的代码、符号或说明文字！！
题目描述
某涉密单位下发了某种票据，并要在年终全部收回。
每张票据有唯一的ID号。全年所有票据的ID号是连续的，但ID的开始数码是随机选定的。
因为工作人员疏忽，在录入ID号的时候发生了一处错误，造成了某个ID断号，另外一个ID重号。
你的任务是通过编程，找出断号的ID和重号的ID。
假设断号不可能发生在最大和最小号。
要求程序首先输入一个整数N(N<100)表示后面数据行数。
接着读入N行数据。
每行数据长度不等，是用空格分开的若干个（不大于100个）正整数（不大于100000）
每个整数代表一个ID号。
要求程序输出1行，含两个整数m n，用空格分隔。
其中，m表示断号ID，n表示重号ID
例如：
用户输入：
2
5 6 8 11 9
10 12 9
则程序输出：
7 9
再例如：
用户输入：
6
164 178 108 109 180 155 141 159 104 182 179 118 137 184 115 124 125 129 168 196
172 189 127 107 112 192 103 131 133 169 158
128 102 110 148 139 157 140 195 197
185 152 135 106 123 173 122 136 174 191 145 116 151 143 175 120 161 134 162 190
149 138 142 146 199 126 165 156 153 193 144 166 170 121 171 132 101 194 187 188
113 130 176 154 177 120 117 150 114 183 186 181 100 163 160 167 147 198 111 119
则程序输出：
105 120
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 64M
CPU消耗 < 2000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入…” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中，调试通过后，拷贝提交该源码。
注意：不要使用package语句。不要使用jdk1.6及以上版本的特性。
注意：主类的名字必须是：Main，否则按无效代码处理。
public class Main{
public static void main(String[] args) {
Scanner in = new Scanner(System.in);
int n = in.nextInt();
String[] s = new String[n];
String[][] s1 = new String[n][];
in.nextLine();
for(int i=0; i<n; i++) {
s[i] = in.nextLine();
s1[i] = s[i].split(" ");
}
List<Integer> list = new ArrayList<Integer>();
for(int i=0; i<n; i++)
for(int j=0; j<s1[i].length; j++) {
list.add(Integer.valueOf(s1[i][j]));
}
Collections.sort(list);
int a=0,b=0;
for(int i=0; i<list.size()-1; i++) {
if(list.get(i+1)-list.get(i)==0) {
a = list.get(i);
}
if(list.get(i+1)-list.get(i)==2) {
b = list.get(i)+1;
}
}
System.out.println(a+","+b);
}
}
题目描述
100 可以表示为带分数的形式：100 = 3 + 69258 / 714
还可以表示为：100 = 82 + 3546 / 197
注意特征：带分数中，数字1~9分别出现且只出现一次（不包含0）。
类似这样的带分数，100 有 11 种表示法。
题目要求：
从标准输入读入一个正整数N (N<1000*1000)
程序输出该数字用数码1~9不重复不遗漏地组成带分数表示的全部种数。
注意：不要求输出每个表示，只统计有多少表示法！
例如：
用户输入：
100
程序输出：
11
再例如：
用户输入：
105
程序输出：
6
import java.util.Scanner;
public class Main {
public static int cnt=0,num=0;
public static boolean bool[]=new boolean[10];
public static void main(String[] args) {
Scanner sc=new Scanner(System.in);
num=sc.nextInt();
sc.close();
for(int i=1;i<=7;i++)
for(int j=1;j<=7;j++)
if(9-i-j>=1)
{
dfs(0,0,0,i,j,9-i-j);
}
System.out.println(cnt);
}
public static void dfs(int a,int b,int c,int alen,int blen,int clen)
{
if(alen==0&&blen==0&&clen==0)
{
if(b%c==0&&b/c==num-a)
{
cnt++;
}
return;
}
for(int i=1;i<10;i++)
{
if(!bool[i])
{
bool[i]=true;
if(alen>0)
dfs(a*10+i,b,c,alen-1,blen,clen);
else if(blen>0)
dfs(a,b*10+i,c,alen,blen-1,clen);
else if(clen>0)
dfs(a,b,c*10+i,alen,blen,clen-1);
bool[i]=false;
}
}
}
}
题目描述
如图p1.jpg所示，3 x 3 的格子中填写了一些整数。
我们沿着图中的红色线剪开，得到两个部分，每个部分的数字和都是60。
本题的要求就是请你编程判定：对给定的m x n 的格子中的整数，是否可以分割为两个部分，使得这两个区域的数字和相等。
如果存在多种解答，请输出包含左上角格子的那个区域包含的格子的最小数目。
如果无法分割，则输出 0
程序输入输出格式要求：
程序先读入两个整数 m n 用空格分割 (m,n<10)
表示表格的宽度和高度
接下来是n行，每行m个正整数，用空格分开。每个整数不大于10000
程序输出：在所有解中，包含左上角的分割区可能包含的最小的格子数目。
例如：
用户输入：
3 3
10 1 52
20 30 1
1 2 3
则程序输出：
3
再例如：
用户输入：
4 3
1 1 1 1
1 30 80 2
1 1 1 100
则程序输出：
10
(参见p2.jpg)
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 64M
CPU消耗 < 5000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入…” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中，调试通过后，拷贝提交该源码。
注意：不要使用package语句。不要使用jdk1.6及以上版本的特性。
注意：主类的名字必须是：Main，否则按无效代码处理。
PS：
1.输入m行n列,存入二维数组arr[n][m]及一维数组array[m*n]
2.总价为奇数时,输出0.总价为偶数时,到步骤3.
3.用动态规划得到总和为count/2的最优解,每次得到最优解时进行步骤4的验证.
4.将步骤3得到的最优解记录到一个flag[m][n]中,对标记在flag中的格子进行深度遍历,若连通说明符合条件,然后对未被标记在flag中的格子也进行深度遍历,若连通说明格子确实被分成了两部分而不是更多的部分.这样就成功验证了.
5.输出步骤3中验证成功并且最终最优的那个解的格子数.
注意,这道题难点在于剪开的必须是"两部分",如果是其中一部分是连通的,但可能把另一部分截断,如:
4 4
20 30 40 1
110 1 10 1
1 2 10 1
1 1 10 1
这种情况是不符合的,而且很难验证.本程序反过来先算值为total/2的两部分,然后分别计算连通,这种思路比较清晰.
import java.util.LinkedList;
import java.util.Queue;
import java.util.Scanner;
public class t9 {
static int n,m;
static int[][] arr;
static int[] array;
static boolean[][] flag;
static boolean[][] visit;
static int total=0;
static int result=0;
static int finalResult=Integer.MAX_VALUE;
static int index=0;
public static void main(String[] args){
Scanner sc=new Scanner(System.in);
Scanner sc2=new Scanner(sc.nextLine()).useDelimiter("\s*");
m=sc2.nextInt(); //列
n=sc2.nextInt(); //行
arr=new int[n][m];
array=new int[n*m];
flag=new boolean[n][m];
for(int i=0;i<n;i++){
sc2=new Scanner(sc.nextLine());
for(int j=0;j<m;j++){
arr[i][j]=sc2.nextInt();
array[index++]=arr[i][j];
total+=arr[i][j];
}
}
if(total%2!=0 || array[0]>total/2){ //奇数不可分割
System.out.println(0);
}else{
flag[0][0]=true;
result++;
dp(total/2-array[0],1);
if(finalResult==Integer.MAX_VALUE) finalResult=0;
System.out.println(finalResult);
}
}
public static void dp(int count, int start){ //动态规划,找到和等于total/2的情况并验证,取最优解
if(count==0){ //和为total/2的情况
if(confirm() && finalResult>result){
finalResult=result; //验证并取最优解
return;
}
}
for(int i=start;i<index;i++){
if(count>=array[i]){
count-=array[i];
flag[i/m][i%m]=true; //访问过,标记
result++;
dp(count,i+1); //..i+1
count+=array[i]; //退栈时注意还原
flag[i/m][i%m]=false;
result--;
}
}
}
public static boolean confirm(){ //验证是否是连通图
for(int i=0;i<n;i++){ //..打印这种情况
for(int j=0;j<m;j++){
System.out.print(flag[i][j]+" ");
}
System.out.println();
}
System.out.println();
int row=0,col=0;
visit=new boolean[n][m];
for(int i=1;i<index;i++){ //找到一个属于"另一部分"的方格
if(flag[i/m][i%m]==false){
row=i/m;
col=i%m;
break;
}
}
if(dfs(0,0,1)==result && dfs(row,col,0)==index-result){ //两部分都为连通图,则满足题意
return true;
}
else{
return false;
}
}
public static int dfs(int row, int col, int f){
int num1=0;
int num2=0;
int num3=0;
int num4=0;
if(f==1 && flag[row][col]==true){ //包含左上角方块的部分
visit[row][col]=true;
if(row+1<n && !visit[row+1][col]) num1=dfs(row+1,col,1);
if(col+1<m && !visit[row][col+1]) num2=dfs(row,col+1,1);
return num1+num2+1;
}else if(f==0 && flag[row][col]==false){ //另外一部分
visit[row][col]=true;
if(row+1<n && !visit[row+1][col]) num1=dfs(row+1,col,0);
if(col+1<m && !visit[row][col+1]) num2=dfs(row,col+1,0);
if(row-1>=0 && !visit[row-1][col]) num3=dfs(row-1,col,0);
if(col-1>=0 && !visit[row][col-1]) num4=dfs(row,col-1,0);
return num1+num2+num3+num4+1;
}else{
return 0;
}
}
}
题目描述
很久以前，T王国空前繁荣。为了更好地管理国家，王国修建了大量的快速路，用于连接首都和王国内的各大城市。
为节省经费，T国的大臣们经过思考，制定了一套优秀的修建方案，使得任何一个大城市都能从首都直接或者通过其他大城市间接到达。同时，如果不重复经过大城市，从首都到达每个大城市的方案都是唯一的。
J是T国重要大臣，他巡查于各大城市之间，体察民情。所以，从一个城市马不停蹄地到另一个城市成了J最常做的事情。他有一个钱袋，用于存放往来城市间的路费。
聪明的J发现，如果不在某个城市停下来修整，在连续行进过程中，他所花的路费与他已走过的距离有关，在走第x千米到第x+1千米这一千米中（x是整数），他花费的路费是x+10这么多。也就是说走1千米花费11，走2千米要花费23。
J大臣想知道：他从某一个城市出发，中间不休息，到达另一个城市，所有可能花费的路费中最多是多少呢？
输入格式：
输入的第一行包含一个整数n，表示包括首都在内的T王国的城市数
城市从1开始依次编号，1号城市为首都。
接下来n-1行，描述T国的高速路（T国的高速路一定是n-1条）
每行三个整数Pi, Qi, Di，表示城市Pi和城市Qi之间有一条高速路，长度为Di千米。
输出格式:
输出一个整数，表示大臣J最多花费的路费是多少。
样例输入:
5
1 2 2
1 3 1
2 4 5
2 5 4
样例输出:
135
样例说明:
大臣J从城市4到城市5要花费135的路费。
根据资源限制尽可能考虑支持更大的数据规模。
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 64M
CPU消耗 < 5000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入…” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中，调试通过后，拷贝提交该源码。
注意：不要使用package语句。不要使用jdk1.6及以上版本的特性。
注意：主类的名字必须是：Main，否则按无效代码处理。
PS：
这道题就是求一棵树间两点最长距离，即树的直径。具体求法为 先从根节点出发用dfs求得距离根节点最远的节点，设为u，再从u点出发，用dfs求得距离u最远的节点，设为v，则d[u][v]即u，v节点的距离就为树的直径。
证明如下：(不是我证明的)
为了阐述清楚证明，首先作如下严格定义：
1。我们用a～b表示树中任意两个结点a,b之间的唯一路径，a～b之间可以有0个或多个结点；
用x in a～b表示结点x处于路径a,b上，即存在形如a～x～b的路径（这里x可以和a或b重合）；
用符号a-b表示a,b直接相邻。
定理5: 设r是树T的根，u是距离r最远的结点，v是距离u最远的结点。则树的直径就是d(u, v)。
证明：设a, b是除了u,v以外的另外两个叶节点。设x = f(f(a, b), u)。即x是a,b,u三个节点的最近公共祖先。
根据引理4，一定有 x in u～a 或 x in u～b。不妨设x in u～b 成立。
于是就有u～x～b这条路径，即
d(u,b) = d(u,x)+d(x,b) ......(1)
于是
d(r,u) >= d(r,a) // 因为u是距离r最远的点
==> d(r,x) + d(x,u) >= d(r,x) + d(x,a) // 因为根据公共祖先的定义，x in r～u 且 x in r～a
==> d(u,x) >= d(x,a) ........
(2)于是
d(u,v) >= d(u,b) // 因为v是距离u最远的点
= d(u,x）+ d(x,b) // 根据(1)式
>= d(x,a) + d(x,b) // 根据(2)式
>= d(a,b) // 根据引理2
所以对于除了u,v外任意的叶节点a,b，总有d(u, v)>= d(a,b)。
如果a,b中有一个是u,v之一，显然也有d(u, v)>=d(a,b)。
再根据引理1和树的半径的定义，可知d(u,v)就是T的直径。
import java.util.ArrayList;
import java.util.Arrays;
import java.util.Scanner;
//动态链表ArrayList
class Vertex{
ArrayList<Integer> V=new ArrayList();
}
class Edge{
ArrayList<Integer> E=new ArrayList();
}
public class Main {
final static int INF=0X3f3f3f3f;
final static int maxn=100000;//开100000数组才过，我r
static Vertex v[]=new Vertex[maxn+5];//v[i]存储与i相邻接的节点
static Edge e[]=new Edge[maxn+5];//e[i]存储与i相邻接的边，与v[i]一一对应
static boolean vis[]=new boolean[maxn+5];//防止重复访问
static int dis[]=new int [maxn+5];//存储原始节点到各节点的dfs距离
static void init(int n)//初始化
{
for(int i=0;i<n;i++)
{
v[i]=new Vertex();
e[i]=new Edge();
}
}
static void dfs(int a)
{
int len=v[a].V.size();
vis[a]=true;
for(int i=0;i<len;i++)//遍历邻接节点
{
int j=v[a].V.get(i);
if(!vis[j]&&e[a].E.get(i)!=INF)
{
vis[j]=true;
dis[j]=dis[a]+e[a].E.get(i);
//System.out.println(a+" "+j+" "+dis[j]);
dfs(j);
vis[j]=false;//回溯
}
}
}
public static void main(String[] args) {
Scanner cin = new Scanner(System.in);
int n=cin.nextInt();
init(n);
for(int i=0;i<n-1;i++)
{
int a=cin.nextInt();
int b=cin.nextInt();
int d=cin.nextInt();
v[a-1].V.add(b-1);//节点从零开始
e[a-1].E.add(d);
v[b-1].V.add(a-1);
e[b-1].E.add(d);
}
Arrays.fill(vis,false);
Arrays.fill(dis,INF);
dis[0]=0;
dfs(0);//第一次遍历
long max=-1;
int temp=-1;
for(int i=0;i<n;i++)
{
if(dis[i]>max)
{
max=dis[i];
temp=i;
}
}
//System.out.println(temp);
Arrays.fill(vis,false);
Arrays.fill(dis,INF);
dis[temp]=0;
dfs(temp);//第二次遍历
long ans=-1;//防止越界
for(int i=0;i<n;i++)
{
if(dis[i]>ans)
{
ans=dis[i];
temp=i;
}
}
//System.out.println(ans);
ans=ans*10+ans*(ans+1)/2;//如果ans是int的话，有可能越界
System.out.println(ans);
cin.close();
}
}