免费送气球
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)
Total Submission(s): 581 Accepted Submission(s): 130
Problem Description
又到了GDUT一年一度的程序设计竞赛校赛的时间啦。同学们只要参加校赛,并且每解出一道题目就可以免费获得由ACM协会和集训队送出的气球一个。听到这个消息,JMC也想参加免费拿气球。可是,由于JMC太菜了而被禁止参赛,于是他找到你想让你帮忙参加比赛,可以通过执行下面的C++程序解决问题后获得气球并送给他。JMC保证了下面的程序一定能获得正确的结果。
void solve(int Q, int type[], long long first[], long long second[]) {
vector<long long> vec;
for (int i = 0; i < Q; ++i) {
if (type[i] == 1) {
long long k = first[i], val = second[i];
while (k--) {
vec.push_back(val);
}
}
else if (type[i] == 2) {
sort(vec.begin(), vec.end());
long long l = first[i] - 1, r = second[i], res = 0;
while (l < r) {
res = (res + vec[l++]) % 1000000007;
}
printf("%lld ", res);
}
}
}
为防止你被JMC的代码搞到头晕目眩,JMC特意给出了问题的文字描述。已知一开始有一个空序列,接下来有Q次操作,每次操作给出type、first和second三个值。当type为1时,意味着该操作属于第一种操作:往序列尾部添加first个second数。当type为2时,意味着该操作属于第二种操作:查询序列中第first小至第second小的数值之和(一共有(second - first + 1)个数被累加),并将结果对1000000007取模后输出。
void solve(int Q, int type[], long long first[], long long second[]) {
vector<long long> vec;
for (int i = 0; i < Q; ++i) {
if (type[i] == 1) {
long long k = first[i], val = second[i];
while (k--) {
vec.push_back(val);
}
}
else if (type[i] == 2) {
sort(vec.begin(), vec.end());
long long l = first[i] - 1, r = second[i], res = 0;
while (l < r) {
res = (res + vec[l++]) % 1000000007;
}
printf("%lld ", res);
}
}
}
为防止你被JMC的代码搞到头晕目眩,JMC特意给出了问题的文字描述。已知一开始有一个空序列,接下来有Q次操作,每次操作给出type、first和second三个值。当type为1时,意味着该操作属于第一种操作:往序列尾部添加first个second数。当type为2时,意味着该操作属于第二种操作:查询序列中第first小至第second小的数值之和(一共有(second - first + 1)个数被累加),并将结果对1000000007取模后输出。
Input
单组数据
第一行一个Q(1 <= Q <= 1e5),代表Q次操作。
接下来有Q行,每行包含三个整数type、first和second;其中1 <= type <= 2。当type等于1时,0 <= first,second < 1e9。当type等于2时,1 <= first <= second,且first和second均不大于目前已添加进序列的数的数量。
第一行一个Q(1 <= Q <= 1e5),代表Q次操作。
接下来有Q行,每行包含三个整数type、first和second;其中1 <= type <= 2。当type等于1时,0 <= first,second < 1e9。当type等于2时,1 <= first <= second,且first和second均不大于目前已添加进序列的数的数量。
Output
对于每次操作二,将结果对1000000007取模后输出。
Sample Input
6
1 5 1
1 6 3
2 2 5
2 4 8
1 2 2
2 4 8
Sample Output
4
11
9
Source
动态开点就相当于离散化了。
代码:
1 //6464-权值线段树 2 #include<bits/stdc++.h> 3 using namespace std; 4 typedef long long ll; 5 const int maxn=1e5+10; 6 const int inf=0x3f3f3f3f; 7 const int mod=1e9+7; 8 #define lson l,m 9 #define rson m+1,r 10 11 ll sum[maxn*40],val[maxn*40]; 12 int ls[maxn*40],rs[maxn*40]; 13 int cnt; 14 15 void update(int &rt,int l,int r,ll k,ll num) 16 { 17 if(!rt) rt=++cnt; 18 sum[rt]+=k; 19 cout<<rt<<" "<<sum[rt]<<endl; 20 val[rt]+=(ll)k*num; 21 val[rt]%=mod; 22 if(l==r){ 23 return ; 24 } 25 26 int m=(l+r)>>1; 27 if(num<=m) update(ls[rt],lson,k,num); 28 else update(rs[rt],rson,k,num); 29 } 30 31 ll query(int rt,int l,int r,ll k) 32 { 33 if(l==r){ 34 return 1ll*k*l%mod; 35 } 36 37 int m=(l+r)>>1; 38 ll ans=0; 39 if(k>sum[ls[rt]]) ans=(val[ls[rt]]+query(rs[rt],rson,k-sum[ls[rt]]))%mod; 40 else ans=query(ls[rt],lson,k); 41 return ans%mod; 42 } 43 44 int main() 45 { 46 int q,rt=0; 47 scanf("%d",&q); 48 while(q--){ 49 int op; 50 ll l,r; 51 scanf("%d%lld%lld",&op,&l,&r); 52 if(op==1){ 53 update(rt,0,1e9,l,r); 54 } 55 else{ 56 ll ans=(query(rt,0,1e9,r)-query(rt,0,1e9,l-1)%mod+mod)%mod; 57 printf("%lld ",ans); 58 } 59 } 60 return 0; 61 }