由于卡常,这个题变成了权限题。。。
本蒟蒻表示没钱氪金。。。
这里附上洛谷的题面:
题目描述
此时己是凌晨两点,刚刚做了Codeforces的小A掏出了英语试卷。英语作业其实不算多,一个小时刚好可以做完。然后是一个小时可以做完的数学作业,接下来是分别都是一个小时可以做完的化学,物理,语文......小A压力巨大。
这是小A碰见了一道非常恶心的数学题,给定了一个长度为n的数列和若干个询问,每个询问是关于数列的区间表示数列的第l个数到第r个数),首先你要统计该区间内大于等于a,小于等于b的数的个数,其次是所有大于等于a,小于等于b的,且在该区间中出现过的数值的个数。
小A望着那数万的数据规模几乎绝望,只能向大神您求救,请您帮帮他吧。
输入输出格式
输入格式:
第一行n,m
接下来n个数表示数列
接下来m行,每行四个数l,r,a,b
输出格式:
输出m行,分别对应每个询问,输出两个数,分别为在l到r这段区间中大小在[a,b]中的数的个数,以及大于等于a,小于等于b的,且在该区间中出现过的数值的个数(具体可以参考样例)。
输入输出样例
说明
N<=100000,M<=100000
题解Here!
第一问显然一个主席树就没了。。。
关键是第二问。
看到权值的个数,我们想起了区间神器——莫队!
于是一发莫队就好了。
但是那个$[a,b]$的限制怎么办?
没事,我们开一个权值线段树就好。
第一次加入某权值时加个$1$,最后一次删除某权值时减个$1$就好。
但是线段树常数太大怎么办?
我们可以用权值树状数组代替。
虽然复杂度是$O(nsqrt nlog_2n)$,但是至少比线段树常数小。
网上一堆莫队+分块然后$O(nsqrt n)$的算法。
但是我第一问用主席树算是为第二问争取了不小的时间。。。
然后就可以过了。
注意:记得离散化。
当然这个题好像不离散化也可以。
附代码:
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<cmath> #define MAXN 100010 using namespace std; int n,m,q,block; int val[MAXN],lsh[MAXN*3],root[MAXN],num[MAXN]; int ans_one[MAXN],ans_two[MAXN]; struct Question{ int l,r,a,b,id; friend bool operator <(const Question &p,const Question &q){ return (p.r/block==q.r/block?(((p.r/block)&1)?p.l>q.l:p.l<q.l):p.r<q.r); } }que[MAXN]; inline int read(){ int date=0,w=1;char c=0; while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')w=-1;c=getchar();} while(c>='0'&&c<='9'){date=date*10+c-'0';c=getchar();} return date*w; } namespace BIT{ int bit[MAXN]; inline int lowbit(int x){return x&(-x);} inline void add(int x,int v){for(;x<=n;x+=lowbit(x))bit[x]+=v;} inline int sum(int x){int s=0;for(;x;x-=lowbit(x))s+=bit[x];return s;} } namespace CT{ int size=0; struct Chairman_Tree{ int sum,l,r; }a[MAXN*19]; inline void buildtree(){ root[0]=a[0].sum=a[0].l=a[0].r=0; } void insert(int k,int l,int r,int &rt){ a[++size]=a[rt];rt=size; a[rt].sum++; if(l==r)return; int mid=l+r>>1; if(k<=mid)insert(k,l,mid,a[rt].l); else insert(k,mid+1,r,a[rt].r); } int query(int i,int j,int l,int r,int lside,int rside){ int ans=0; if(l<=lside&&rside<=r)return a[j].sum-a[i].sum; int mid=lside+rside>>1; if(l<=mid)ans+=query(a[i].l,a[j].l,l,r,lside,mid); if(mid<r)ans+=query(a[i].r,a[j].r,l,r,mid+1,rside); return ans; } } inline void add(int x){ if(!num[x])BIT::add(x,1); num[x]++; } inline void del(int x){ num[x]--; if(!num[x])BIT::add(x,-1); } void work(){ int left=1,right=0; for(int i=1;i<=m;i++){ while(left<que[i].l)del(val[left++]); while(left>que[i].l)add(val[--left]); while(right<que[i].r)add(val[++right]); while(right>que[i].r)del(val[right--]); ans_two[que[i].id]=BIT::sum(que[i].b)-BIT::sum(que[i].a-1); } for(int i=1;i<=m;i++)printf("%d %d ",ans_one[i],ans_two[i]); } void init(){ n=read();m=read(); for(int i=1;i<=n;i++)val[i]=lsh[i]=read(); q=n; CT::buildtree(); block=sqrt(n); for(int i=1;i<=m;i++){ que[i].l=read();que[i].r=read();que[i].a=read();que[i].b=read(); que[i].id=i; lsh[++q]=que[i].a;lsh[++q]=que[i].b; } sort(lsh+1,lsh+q+1); q=unique(lsh+1,lsh+q+1)-lsh-1; for(int i=1;i<=n;i++){ root[i]=root[i-1]; val[i]=lower_bound(lsh+1,lsh+q+1,val[i])-lsh; num[val[i]]=0; CT::insert(val[i],1,q,root[i]); } for(int i=1;i<=m;i++){ que[i].a=lower_bound(lsh+1,lsh+q+1,que[i].a)-lsh; que[i].b=lower_bound(lsh+1,lsh+q+1,que[i].b)-lsh; ans_one[i]=CT::query(root[que[i].l-1],root[que[i].r],que[i].a,que[i].b,1,q); } sort(que+1,que+m+1); } int main(){ init(); work(); return 0; }