大概看了两三个小时的题解，思考量很大，实现简单........
20分：
明显看出，每个点的贡献是x*(x-1)/2;即组合数C(x,2)，从x个线段中选出2个的方案数，显然每次相交贡献为1，n^2枚举相交即可....
40分：
对于四十分，观察图像发现是实际就是求逆序对.....
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cmath> 4 #include<cstring> 5 #include<algorithm> 6 #include<set> 7 #include<map> 8 #include<queue> 9 #define int long long 10 #define MAXN 101001 11 using namespace std; 12 struct node{int x,id;}e[MAXN]; 13 int c[MAXN];int N,A,MOD; 14 int lowbit(int x){return x&(-x);} 15 void add(int x) 16 { 17 for(int i=x;i<=N;i+=lowbit(i)) 18 { 19 c[i]++; 20 } 21 } 22 int find(int x) 23 { 24 int ans=0; 25 for(int i=x;i>=1;i-=lowbit(i)) 26 { 27 ans+=c[i]; 28 } 29 return ans; 30 } 31 bool cmp(node a,node b) 32 { 33 return (a.x!=b.x)?a.x<b.x:a.id<b.id; 34 } 35 signed main() 36 { 37 scanf("%lld%lld%lld%lld",&N,&e[1].x,&A,&MOD);e[1].id=1; 38 for(int i=2;i<=N;++i) 39 { 40 e[i].x=(e[i-1].x+A)%MOD; 41 e[i].id=i; 42 } 43 for(int i=1;i<=N;++i)e[i].x++; 44 sort(e+1,e+N+1,cmp); 45 int anss=0; 46 for(int i=1;i<=N;++i) 47 { 48 anss+=find(N)-find(e[i].id); 49 //printf("i=%lld id=%lld anss=%lld ",i,e[i].id,anss); 50 add(e[i].id); 51 } 52 printf("%lld ",anss); 53 }
部分分：
考虑a==x[1]
我们发现图像的一些性质
在x[i]的不断后移中，假设当x[j]时>MOD，
我们发现x[i]-x[j]是一段以a为公差的序列
为了避免枚举n，我们从a入手
因为公差的原因，将序列分成若干个长度为a的段，其实每次经过的点都是一定的
当x<a时
我们直接求解 此时的ans=（i-1）-ask（now）now为当前值，非常明显，因为i-1是所有在它之前出现的数，ask(now)为不符合的....
之后
发现一个小性质，每次后移减少的值是一定的，即ask（a）
然后递推....
100 分：
在上述部分加入x[1]>a的情况
因为每次减的都是ask(a),但这是第一段在1-a中不存在，我们若是按上述方法求，在枚举中不会将
第一段不符合的值减去，那么......我们发现当枚举第二段时（一段就是长度大于mod后重新开始）
当此时长度now大于初始值时，需要减去1，因为这个1无法在ask(1)中得出啦啦啦....
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cmath> 4 #include<cstring> 5 #include<algorithm> 6 #include<set> 7 #include<map> 8 #include<queue> 9 #define int long long 10 #define MAXN 101001 11 using namespace std; 12 int x; 13 int c[MAXN];int N,A,MOD; 14 int lowbit(int x){return x&(-x);} 15 void add(int x) 16 { 17 for(int i=x;i<=A+1;i+=lowbit(i)) 18 { 19 c[i]++; 20 } 21 } 22 int find(int x) 23 { 24 int ans=0; 25 for(int i=x;i>=1;i-=lowbit(i)) 26 { 27 ans+=c[i]; 28 } 29 return ans; 30 } 31 signed main() 32 { 33 scanf("%lld%lld%lld%lld",&N,&x,&A,&MOD); 34 int anss=0; 35 int last=x; 36 int now=(x+A)%MOD; 37 int cas=0; 38 int now_fir=x;//printf("now_fir=%lld ",now_fir); 39 int k=0; 40 for(int i=2;i<=N;++i) 41 { 42 //printf("i=%lld now=%lld last=%lld ",i,now,last); 43 if(now<A) 44 { 45 if(now_fir<=A) 46 { 47 add(now_fir+1); 48 } 49 now_fir=now; 50 k++; 51 // printf("add last=%lld %lld ",i,now_fir); 52 anss+=(i-1)-find(now+1); 53 cas=(i-1)-find(now+1); 54 } 55 else 56 { 57 cas-=find(A+1); 58 if(now>=x&&x>A&&k>=1)cas--; 59 anss+=cas; 60 } 61 //printf("anss=%lld ",anss); 62 last=now; 63 now=(now+A)%MOD; 64 } 65 printf("%lld ",anss); 66 }