Description
知名美食家小 A被邀请至ATM 大酒店，为其品评菜肴。
ATM 酒店为小 A 准备了 N 道菜肴，酒店按照为菜肴预估的质量从高到低给予1到N的顺序编号，预估质量最高的菜肴编号为1。由于菜肴之间口味搭配的问题，某些菜肴必须在另一些菜肴之前制作，具体的，一共有 M 条形如“i 号菜肴‘必须’先于 j 号菜肴制作”的限制，我们将这样的限制简写为<i,j>。现在，酒店希望能求出一个最优的菜肴的制作顺序，使得小 A能尽量先吃到质量高的菜肴：也就是说，(1)在满足所有限制的前提下，1 号菜肴“尽量”优先制作；(2)在满足所有限制，1号菜肴“尽量”优先制作的前提下，2号菜肴“尽量”优先制作；(3)在满足所有限制，1号和2号菜肴“尽量”优先的前提下，3号菜肴“尽量”优先制作；(4)在满足所有限制，1 号和 2 号和 3 号菜肴“尽量”优先的前提下，4 号菜肴“尽量”优先制作；(5)以此类推。 例1：共4 道菜肴，两条限制<3,1>、<4,1>，那么制作顺序是 3,4,1,2。例2：共5道菜肴，两条限制<5,2>、 <4,3>，那么制作顺序是 1,5,2,4,3。例1里，首先考虑 1，因为有限制<3,1>和<4,1>，所以只有制作完 3 和 4 后才能制作 1，而根据(3)，3 号又应“尽量”比 4 号优先，所以当前可确定前三道菜的制作顺序是 3,4,1；接下来考虑2，确定最终的制作顺序是 3,4,1,2。例 2里，首先制作 1是不违背限制的；接下来考虑 2 时有<5,2>的限制，所以接下来先制作 5 再制作 2；接下来考虑 3 时有<4,3>的限制，所以接下来先制作 4再制作 3，从而最终的顺序是 1,5,2,4,3。 现在你需要求出这个最优的菜肴制作顺序。无解输出“Impossible!” （不含引号，首字母大写，其余字母小写）
Input
第一行是一个正整数D，表示数据组数。
接下来是D组数据。
对于每组数据：
第一行两个用空格分开的正整数N和M，分别表示菜肴数目和制作顺序限
制的条目数。
接下来M行，每行两个正整数x,y，表示“x号菜肴必须先于y号菜肴制作”
的限制。（注意：M条限制中可能存在完全相同的限制）
Output
输出文件仅包含 D 行，每行 N 个整数，表示最优的菜肴制作顺序，或
者”Impossible!”表示无解（不含引号）。
Sample Input
3
5 4
5 4
5 3
4 2
3 2
3 3
1 2
2 3
3 1
5 2
5 2
4 3
5 4
5 4
5 3
4 2
3 2
3 3
1 2
2 3
3 1
5 2
5 2
4 3
Sample Output
1 5 3 4 2
Impossible!
1 5 2 4 3
Impossible!
1 5 2 4 3
HINT
【样例解释】
第二组数据同时要求菜肴1先于菜肴2制作，菜肴2先于菜肴3制作，菜肴3先于
菜肴1制作，而这是无论如何也不可能满足的，从而导致无解。
100%的数据满足N,M<=100000,D<=3。
题解：
强，一时还真没反应过来。
要求把小的尽量放在前面，那么我们很确定，1的位置开始是确定的，对于1前面的，我们的目的是使其小的尽量在前面，然后……从1倒着看就是字典序最大（因为小的尽量在后面），然后对于1后面的排列，我们类比1的思路，题解就显然了。
建立反图，拓扑字典最大序，逆向输出。
1 #include<cstdio> 2 #include<queue> 3 4 const int N=100100; 5 inline void GG(){ 6 printf("Impossible! "); 7 } 8 inline int read(){ 9 int s=0;char ch=getchar(); 10 while(ch<'0'||ch>'9') ch=getchar(); 11 while(ch>='0'&&ch<='9') 12 s=s*10+(ch^48),ch=getchar(); 13 return s; 14 } 15 int n,m; 16 std::priority_queue<int > q; 17 struct edges{ 18 int v;edges *last; 19 }edge[N<<1],*head[N];int cnt; 20 inline void push(int u,int v){ 21 edge[++cnt]=(edges){v,head[u]};head[u]=edge+cnt; 22 } 23 int in[N]; 24 int ans[N]; 25 inline void solve (){ 26 n=read(),m=read(); 27 cnt=0; 28 memset(head,0,sizeof(head)); 29 memset(in,0,sizeof(in)); 30 for(int i=1,u,v;i<=m;i++){ 31 u=read(),v=read(); 32 if(u==v){ 33 GG();return ; 34 } 35 push(v,u); 36 in[u]++; 37 } 38 int num=0; 39 for(int i=1;i<=n;i++) 40 if(!in[i]) 41 q.push(i),num++; 42 if(!num){ 43 GG();return ; 44 } 45 int t=n; 46 while(!q.empty()){ 47 ans[t]=q.top(),q.pop(); 48 for(edges *i=head[ans[t]];i;i=i->last){ 49 in[i->v]--; 50 if(in[i->v]==0) 51 q.push(i->v); 52 } 53 t--; 54 } 55 if(t!=0){ 56 GG();return ; 57 } 58 for(int i=1;i<=n;i++) 59 printf("%d%c",ans[i],i<n?' ':' '); 60 } 61 int main(){ 62 int T=read(); 63 while(T--) 64 solve(); 65 }