描述
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3270
(n)个房间,刚开始两个人分别在(a,b),每分钟在第(i)个房间有(p[i])的概率不动,如果动的话,等概率移动到连接的房间,求他们在每个房间相遇的概率.
分析
有点像BZOJ_1778_[Usaco2010_Hol]_Dotp_驱逐猪猡_(期望动态规划+高斯消元+矩阵)那道题.
在那道题里,转移的是炸弹,这道题里,转移的是两个人的状态.
我们把一个甲在(i),乙在(j)的状态看作是状态((i-1)n+j),共(n种状态),所以就有(n^2)种状态转移.
构造一个(n^2 imes{n^2})的矩阵(f),(f[i][j])表示从(i)状态转移到(j)状态的概率.(注意f[i][i]不会再转移)
(f^n[i][j])表示的就是走(n)次(i o{j})的概率.
构造一个行向量(S={(a-1)n+b=1}).
这样(S imes{f^i})表示的就是走(i)次((a-1)n+b o{j})的概率.
那么答案行向量$$ans=sum_{i=0}^{infty}S imes{f^i}$$
根据等比数列求和公式
$$ans(I-f)=S$$
然后高斯消元,在(ans)里面找((i,i))的状态即可.
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 const int maxn=20+5,maxm=400+5; 5 struct edge{ 6 int to,next; 7 edge(){} 8 edge(int to,int next):to(to),next(next){} 9 }g[maxm]; 10 int n,m,a,b,cnt; 11 int head[maxn],d[maxn]; 12 double p[maxn],f[maxm][maxm]; 13 inline int P(int x,int y){ return (x-1)*n+y; } 14 void add_edge(int u,int v){ 15 g[++cnt]=edge(v,head[u]); head[u]=cnt; 16 g[++cnt]=edge(u,head[v]); head[v]=cnt; 17 } 18 void gause(int n){ 19 for(int i=1;i<=n;i++){ 20 int t=i; 21 for(int j=i+1;j<=n;j++)if(fabs(f[j][i])>fabs(f[t][i])) t=j; 22 if(t!=i)for(int j=i;j<=n+1;j++) swap(f[t][j],f[i][j]); 23 for(int j=i+1;j<=n;j++){ 24 double x=f[j][i]/f[i][i]; 25 for(int k=i;k<=n+1;k++) f[j][k]-=f[i][k]*x; 26 } 27 } 28 for(int i=n;i;i--){ 29 for(int j=i+1;j<=n;j++) f[i][n+1]-=f[i][j]*f[j][n+1]; 30 f[i][n+1]/=f[i][i]; 31 } 32 } 33 int main(){ 34 scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&a,&b); 35 for(int i=1;i<=m;i++){ 36 int x,y; 37 scanf("%d%d",&x,&y); 38 d[x]++; d[y]++; 39 add_edge(x,y); 40 } 41 for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lf",&p[i]); 42 for(int x=1;x<=n;x++)for(int y=1;y<=n;y++){ 43 if(x!=y){ 44 f[P(x,y)][P(x,y)]-=p[x]*p[y]; 45 for(int i=head[x];i;i=g[i].next) f[P(x,y)][P(g[i].to,y)]-=(1-p[x])/d[x]*p[y]; 46 for(int i=head[y];i;i=g[i].next) f[P(x,y)][P(x,g[i].to)]-=(1-p[y])/d[y]*p[x]; 47 for(int i=head[x];i;i=g[i].next)for(int j=head[y];j;j=g[j].next) 48 f[P(x,y)][P(g[i].to,g[j].to)]-=(1-p[x])/d[x]*(1-p[y])/d[y]; 49 } 50 } 51 for(int i=1;i<=n*n;i++)for(int j=1;j<i;j++) swap(f[i][j],f[j][i]); 52 for(int i=1;i<=n*n;i++) f[i][i]+=1.0; 53 f[P(a,b)][n*n+1]=1; 54 gause(n*n); 55 for(int i=1;i<=n;i++) printf("%.6lf ",f[P(i,i)][n*n+1]); 56 return 0; 57 }
3270: 博物馆
Time Limit: 30 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 237 Solved: 130
[Submit][Status][Discuss]
Description
有一天Petya和他的朋友Vasya在进行他们众多旅行中的一次旅行，他们决定去参观一座城堡博物馆。这座博物馆有着特别的样式。它包含由m条走廊连接的n间房间，并且满足可以从任何一间房间到任何一间别的房间。
两个人在博物馆里逛了一会儿后两人决定分头行动，去看各自感兴趣的艺术品。他们约定在下午六点到一间房间会合。然而他们忘记了一件重要的事：他们并没有选好在哪儿碰面。等时间到六点，他们开始在博物馆里到处乱跑来找到对方（他们没法给对方打电话因为电话漫游费是很贵的）
不过，尽管他们到处乱跑，但他们还没有看完足够的艺术品，因此他们每个人采取如下的行动方法：每一分钟做决定往哪里走，有Pi
的概率在这分钟内不去其他地方（即呆在房间不动），有1-Pi
的概率他会在相邻的房间中等可能的选择一间并沿着走廊过去。这里的i指的是当期所在房间的序号。在古代建造是一件花费非常大的事，因此每条走廊会连接两个
不同的房间，并且任意两个房间至多被一条走廊连接。
两个男孩同时行动。由于走廊很暗，两人不可能在走廊碰面，不过他们可以从走廊的两个方向通行。（此外，两个男孩可以同时地穿过同一条走廊却不会
相遇）两个男孩按照上述方法行动直到他们碰面为止。更进一步地说，当两个人在某个时刻选择前往同一间房间，那么他们就会在那个房间相遇。
两个男孩现在分别处在a，b两个房间，求两人在每间房间相遇的概率。
Input
第一行包含四个整数，n表示房间的个数;m表示走廊的数目;a,b (1 ≤ a, b ≤ n),表示两个男孩的初始位置。
之后m行每行包含两个整数，表示走廊所连接的两个房间。
之后n行每行一个至多精确到小数点后四位的实数 表示待在每间房间的概率。
题目保证每个房间都可以由其他任何房间通过走廊走到。
Output
输出一行包含n个由空格分隔的数字，注意最后一个数字后也有空格，第i个数字代表两个人在第i间房间碰面的概率（输出保留6位小数）
注意最后一个数字后面也有一个空格
Sample Input
2 1 1 2
1 2
0.5
0.5
1 2
0.5
0.5
Sample Output
0.500000 0.500000
HINT
对于100%的数据有 n <= 20，n-1 <= m <= n(n-1)/2