Description
求$$sum_{i=1}^nsum_{j=1}^mgcd(i,j)^K mod 10^9+7$$
Solution
前面部分依旧套路。
[egin{aligned}sum_{i=1}^nsum_{j=1}^mgcd(i,j)^K&=sum_{d=1}^{min(n,m)}d^Ksum_{i=1}^nsum_{j=1}^mleft[(i,j)=d
ight]\&=sum_{d=1}^{min(n,m)}d^Ksum_{i=1}^{min(lfloorfrac{n}{d}
floor),lfloorfrac{m}{d}
floor)}mu(i)lfloorfrac{n}{id}
floorlfloorfrac{m}{id}
floor\&=sum_{T=1}^{min(n,m)}lfloorfrac{n}{T}
floorlfloorfrac{m}{T}
floorsum_{dmid T}d^Kmu(frac{T}{d})end{aligned}
]
这数据范围比较大，后面没法枚举约数求。因为是个狄利克雷卷积的形式，而且(d^K,mu)都是积性函数，所以(F(T)=sum_{dmid T}d^K*mu(frac{T}{d}))也是积性函数，可以线性筛。
若(a,b)互质，则(F(ab)=F(a)*F(b))；
若(a,b)不互质，考虑同一个质因数，即(F(p_i^{k_i})=mu(1) imesleft(p_i^{k_i}
ight)^K+mu(p_i) imesleft(p_i^{k_i-1}
ight)^K)，后面项的(mu())都是0了。
所以(F(p_i^{k_i} imes p_i)=F(p_i^{k_i}) imes p_i^{K})。而当(p_i,p_j)不同时，它们互质，直接乘起来就好了。
挂个链接：https://www.cnblogs.com/zwfymqz/p/9337898.html。
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#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
//#define gc() getchar()
#define MAXIN 200000
#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)
#define MAX 5000000
#define mod (1000000007)
const int N=5e6+5;
int cnt,P[N>>3],mu[N],F[N],pw[N>>3];
bool not_P[N];
char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN;
inline int read()
{
int now=0;register char c=gc();
for(;!isdigit(c);c=gc());
for(;isdigit(c);now=now*10+c-'0',c=gc());
return now;
}
inline int FP(int x,int k)
{
int t=1;
for(; k; k>>=1,x=1ll*x*x%mod)
if(k&1) t=1ll*t*x%mod;
return t;
}
void Pre(int K)
{
F[1]=mu[1]=1;
for(int i=2; i<=MAX; ++i)
{
if(!not_P[i])
P[++cnt]=i, mu[i]=-1, pw[cnt]=FP(i,K), F[i]=(pw[cnt]-1)%mod;
for(int v,j=1; j<=cnt&&(v=i*P[j])<=MAX; ++j)
{
not_P[v]=1;
if(i%P[j]) mu[v]=-mu[i], F[v]=1ll*F[i]*F[P[j]]%mod;
else {mu[v]=0, F[v]=1ll*F[i]*pw[j]%mod; break;}
}
}
for(int i=2; i<=MAX; ++i) F[i]+=F[i-1], F[i]>=mod&&(F[i]-=mod);
}
int main()
{
int T=read(),K=read(); Pre(K);
for(int n,m; T--; )
{
n=read(), m=read();
long long res=0;
for(int i=1,nxt,lim=std::min(n,m); i<=lim; i=nxt+1)
{
nxt=std::min(n/(n/i),m/(m/i));
res+=1ll*(F[nxt]-F[i-1])*(n/i)%mod*(m/i)%mod;
}
printf("%lld
",(res%mod+mod)%mod);
}
return 0;
}