数位dp
写在前面的话
一拿到这个题目，第一反应是找规律，于是写个暴力怒从1打表到3000，结果发现了个循环，瞎几把搞一波，写了2000多B，一测，连样例都过不了。然后，自闭了。。
更恐怖的是，机房还有人打表掉了60多万，发现了好多好多的循环，结果卵用都没有。。。
无奈，看波题解，数位dp!!!
回归正题
推导过程
不难发现，这道题目是让我们求:
对于一个数x，设f(x)表示[0,x]含有5的因子的数的总数,
对于一个区间[1,n],求任意的x满足(xin [1,n])且f(x)%2==0的x个数
（如果你这没看出来，就别往下看了）
类比10进制，对于一个10进制数x，显然其可以写成:
[x=a_0 imes 10^0+a_1 imes 10^1+...+a_p imes 10^p
]
设g(x)表示[0,x]含有10的因子的数的总数，
那么，
[g(x)=a_0 imes 0+ a_1 imes 1+ a_2 imes 2+...+a_p imes p
]
类似的，对于一个5进制数y
[y=b_0 imes 5^0+b_1 imes 5^1+...+b_q imes 5^q
]
那么
[f(y)=b_0 imes 0+b_1 imes 1+...+b_q imes q
]
这样就可以数位dp了。
状态定义
(dp_{pos,is})表示当前到第pos位，当前是否含有偶数个5的因子，满足条件的总数（有点拗口，实在不行可以看代码）
状态转移
非常easy,见代码
代码:
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long//日常写法，不要见怪
using namespace std;
int n,A[1000010],dp[100010][3];
int DFS(int pos,int is,bool lead,bool limit){
if(pos==0)return !is;
if(!lead&&!limit&&dp[pos][is]!=-1)return dp[pos][is];
int up=limit?A[pos]:4,tmp=0;
for(int i=0;i<=up;i++){//状态转移
int x=(i*(pos-1))&1;
tmp+=DFS(pos-1,(is+x)&1,lead&&(i==0),limit&&(i==up));
}
if(!lead&&!limit)dp[pos][is]=tmp;
return tmp;
}
int solve(int x){
A[0]=0;
while(x)A[++A[0]]=x%5,x/=5;
return DFS(A[0],0,true,true);
}
signed main(){
memset(dp,-1,sizeof(dp));
while(1){
scanf("%lld",&n);
if(n==-1)break;
printf("%lld
",solve(n));
}
return 0;
}