编写一个程序，找到两个单链表相交的起始节点。
如下面的两个链表：
在节点 c1 开始相交。
示例 1：
输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
输出：Reference of the node with value = 8
输入解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个列表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。
示例 2：
输入：intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
输出：Reference of the node with value = 2
输入解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个列表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [0,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。
示例 3：
输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
输出：null
输入解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
解释：这两个链表不相交，因此返回 null。
注意：
- 如果两个链表没有交点，返回
null. - 在返回结果后，两个链表仍须保持原有的结构。
- 可假定整个链表结构中没有循环。
- 程序尽量满足 O(n) 时间复杂度，且仅用 O(1) 内存。
解法：
class Solution {
public:
//题解：设链表A的长度为a+c，链表B的长度为b+c，a为链表A不公共部分，b为链表B不公共部分，c为链表A、B的公共部分
//将两个链表连起来，A->B和B->A，长度：a+c+b+c=b+c+a+c，若链表AB相交，则a+c+b与b+c+a就会抵消，它们就会在c处相遇；若不相交，则c为nullptr，则a+b=b+a，它们各自移动到尾部循环结束，即返回nullptr
ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
if(!headA||!headB)return nullptr;
ListNode *ha=headA,*hb=headB;
while(ha!=hb){
//当ha或hb为空时，它们开始指向另一链表的头部，每次判断ha或hb是否为空进行赋值的好处是当链表AB没有公共部分时ha和hb同时为空，这样避免了死循环
ha=ha?ha->next:headB;
hb=hb?hb->next:headA;
}
return ha;
}
};