• 「CSP-S 2021」初赛解析


    • 前言

      My blog

      谢谢,非常自闭,感觉没脸人见了。错一堆傻逼的不该错的。

      写完解析我觉得我更蠢了怎么办。

      感谢同学们的指正!特别感谢 chen_03 帮我指正了亿个错误。

      想要部分题目的博客源码可以私信。

      代码题的代码暂鸽。


    • 选择题

    1.在 Linux 系统终端中,用于列出当前目录下所含的文件和子目录的命令为( )。

    A. ls B. cd C. cp D. all

    ls 命令用于显示指定工作目录下之内容(列出目前工作目录所含之文件及子目录)。

    cd 命令用于切换当前工作目录。

    cp 命令主要用于复制文件或目录。

    all 我也不知道这干啥。

    故选 A 。

    2.二进制数 (00101010_2)(00010110_2) 的和为( )。

    A. (00111100_2) B. (01000000_2) C. (00111100_2) D. (01000010_2)

    计算题,(1+1=10,0+0=0,1+0=1)

    算出来是 (01000000_2) 故选 B 。

    3.在程序运行过程中,如果递归调用的层数过多,可能会由于( )引发错误。

    A. 系统分配的栈空间溢出

    B. 系统分配的队列空间溢出

    C. 系统分配的链表空间溢出

    D. 系统分配的堆空间溢出

    递归的时候是像栈一样,先进后出的。

    故选 A 。

    4.以下排序方法中,( )是不稳定的。

    A. 插入排序 B. 冒泡排序 C. 堆排序 D. 归并排序

    补充不稳定是什么:

    比如 (2) 个值,第 (x) 个数字是 (z) ,第 (y) 个数值也是 (z) 。其中不妨设 (x<y) 。但是某些不稳定的排序后可能会出现 (x) 排到 (y) 后面的情况。

    故选 C 。

    5.以比较为基本运算,对于 2n 个数,同时找到最大值和最小值,最坏情况下需要的最小的比较次数为( )。

    A. (4n-2) B. (3n+1) C. (3n-2) D. (2n+1)

    关于从原题那年就开始理解错这件事。

    把序列分成两半,长度分别为 (n) 。两两之间比,小的和最小值比,大的和最大值比。其中两组第一个数只要比一次。

    所以 (1+3 imes (n-1)=3n-2)

    故选 C 。

    6.现有一个地址区间为 (0)(10) 的哈希表,对于出现冲突情况,会往后找第一个空的地址存储(到 (10) 冲突了就从 (0) 开始往后),现在要依次存储 ((0,1, 2,3,4,5,6,7)) ,哈希函数为 (h(x)=x^2 mod 11) 。请问 7 存储在哈希表哪个地址中( )。

    A. 5 B. 6 C. 7 D. 8

    每个都算一下。分别为 (0,1,4,9,5,3,3,5)

    重复的调整一下 (0,1,4,9,5,3,6,7)

    故选 C 。

    7.G 是一个非连通简单无向图(没有自环和重边),共有 36 条边,则该图至少有( )个点。

    A. 8

    B. 9

    C. 10

    D. 11

    设有 (n) 个点,除了一个孤立点外剩下点为完全图。

    [dfrac{1}{2}(n-1)(n-2)=36 ]

    解得 (n=10)

    故选 C 。

    8.令根结点的高度为 1,则一棵含有 2021 个结点的二叉树的高度至少为( )。

    A. 10

    B. 11

    C. 12

    D. 2021

    “至少”,故是完全二叉树。

    所以 (2^{10} le 2021 < 2^{11})

    故选 B 。

    1. 前序遍历和中序遍历相同的二叉树为且仅为( )。

    A. 只有 1 个点的二叉树

    B. 根结点没有左子树的二叉树

    C. 非叶子结点只有左子树的二叉树

    D. 非叶子结点只有右子树的二叉树

    前序遍历:中左右。

    中序遍历:左中右。

    所以去掉左时两个相同,选择 D 。

    10.定义一种字符串操作为交换相邻两个字符。将 (mathtt{DACFEB})变为 (mathtt{ABCDEF}) 最少需要( )次上述操作。

    A. 7 B. 8 C. 9 D. 6

    考虑冒泡排序思想。

    (mathtt{ADCFEB}) 1 次。

    (mathtt{ABDCFE}) 4 次。

    (mathtt{ABCDFE}) 1 次。

    (mathtt{ABCDEF}) 1 次。

    共 7 次。

    故选 A 。

    11.有如下递归代码

    solve(t, n):
    if t=1 return 1
    else return 5 * solve(t-1,n) mod n
    

    solve(23,23) 的结果为( )。

    A. 1

    B. 7

    C. 12

    D. 22

    阅读可得,要求 (5^{23-1} mod 23)

    考虑用费马小定理,因为 (23) 是质数,所以 (5^{22} equiv 1 pmod {23})

    故选 A 。

    12.斐波那契数列的定义为: (F_1=1,F_2=1,F_n=F_{n-1}+F_{n-2} (n ge 3)) 。现在用如下程序来计算斐波那契数列的第 n 项,其时间复杂度为( )。

    F(n):
    if n<=2 return 1
    else return F(n-1) + F(n-2)
    

    A. (mathcal{O}(n))

    B. (mathcal{O}(n^2))

    C. (mathcal{O}(2^n))

    D. (mathcal{O}(n log n))

    (T(n)=T(n-1)+T(n-2)) ,所以复杂度也是 (mathcal{O}(F_n))

    或者说是 (2^n) ,因为每一项都是 (F_n=F_{n-1}+F_{n-2})

    故选 C 。

    13.有 8 个苹果从左到右排成一排,你要从中挑选至少一个苹果,并且不能同时挑选相邻的两个苹果,一共有( )种方案。

    A. 36 B. 48 C. 54 D. 64

    是某一年的填空题换了个外套。

    (1) 个苹果,有 (8) 种结果。

    (2) 个苹果,可以固定第一个往后,有 (6+5+4+3+2+1=21) 种。

    (3) 个苹果,有 (4+3+2+1+3+2+1+2+1+1=20)

    (4) 个苹果,有 (5) 种。

    所以总数 (8+21+20+5=54)

    可以换一种方法。

    (f_i) 表示有 (i) 个苹果的方案总数(可以不取)。

    考虑转移 (f_i=f_{i-1}+f_{i-2})

    所以 (f_8=55) ,答案为 (f_8-1=54)

    故选 C 。

    14.设一个三位数 (n = overline{abc}) ,其中 (a,b,c) 均为 (1)(9) 之间的整数,若以 (a,b,c) 作为三角形的三条边可以构成等腰三角形(包括等边),则这样的 (n) 有( )个。

    A. 81 B. 120 C. 165 D. 216

    考虑 (a = b ot = c) 有几种。

    (1,1) 无解。(2,2)(2+2-1-1=2) 种。

    同理,(3,3)(4) 种,(4,4)(6) 种,后面 (5)(9) 都是 (8) 种。

    所以 (8 imes 5 + 6 + 4 + 2=52)

    (a=b=c)(9) 种。

    所以 (52 imes 3 + 9 = 165)

    故选 C 。

    15.有如下的有向图,节点为 A, B, … , J, 其中每条边的长度都标在图中。则节点 A 到节点 J 的最短路径长度为( )

    A. 16 B. 19 C. 20 D. 22

    考虑模拟 dijkstra 。

    故选 B 。


    • 阅读程序

    (1)

    首先先看一下程序,通过求 (t) 可以猜出这是三维坐标系。还有 (r) 可以大致猜测是球。

    因为 (cos 60^circ = 0.5) ,而 (60^circ) 在弧度制下就是 (dfrac{pi}{3})

    可以猜测一下,因为 (V=dfrac{4}{3}pi r^3)(r)(dfrac{pi}{3}) ,所以本题和球关系很大,而 (d) 是半径。

    16.将第 (21) 行中 (t) 的类型声明从 int 改为 double ,不会影响程序运行的结果。( )

    没有任何下取整的操作,并且结果也是 double 不影响。

    故判对。

    17.将第 26、27 行中的/ sqrt(t) / 2替换为/ 2 / sqrt(t),不会影响程序运行的结果。( )

    这里 sqrt 是小数,若先除以 (2) 会默认下取整。

    故判错。

    18.将第 28 行中的x * x改成sq(x)y * y改成sq(y) ,不会影响程序运行的结果。( )

    sq() 函数内是算 int 类型的平方,这里的 xy 都是 double 类型。

    故判错。

    19.(2 分)当输入为0 0 0 1 1 0 0 1时,输出为1.3090。( )

    手动模拟,这个不会难算。结果为 (dfrac{5 pi }{12}) 估算一下,差不多。

    故判对。

    20.当输入为1 1 1 1 1 1 1 2时,输出为( )。

    A. 3.1416 B. 6.2832 C. 4.7124 D. 4.1888

    走特判,所以 (dfrac{4}{3}pi r^3) 直接带进去,其中 (r)(1)

    故选 D 。

    21.(2.5 分)这段代码的含义为( )。

    A. 求圆的面积并 B. 求球的体积并

    C. 求球的体积交 D. 求椭球的体积并

    根据上面的叭叭,和特判的 min ,所以判断是交。

    故选 C 。

    (2)

    阅读程序后,发现这是在求最大子段和。

    先看 solve2 再看 solve1 会更轻松,不过其实把判断题带进去也很好((

    22.程序总是会正常执行并输出两行两个相等的数。( )

    确实。判对。

    23.第 28 行与第 38 行分别有可能执行两次及以上。( )

    考虑二分到最边界,此时 ((n,n+1)) 会分成 ((n,n))((n+1,n+1))

    相等情况被特判走了,所以不会走那两行特判。

    若开头输入的 (n<0) ,也只会分别执行一次。

    故判错。

    24.当输入为5 -10 11 -9 5 -7时,输出的第二行为“7”。( )

    需要注意 (5)(n) (……)。

    所以这一段的最大字段和为 (11)

    故判错。

    25.solve1(1, n) 的时间复杂度为( )。

    A. (mathcal{O}(log n)) B. (mathcal{O}(n)) C. (mathcal{O}(n log n)) D. (mathcal{O}(n!))

    (T(n)=2T left( dfrac{n}{2} ight) + 1)

    (T(n)=2n-1) 故选 B 。

    26.solve2(1, n) 的时间复杂度为( )。

    A. (mathcal{O}(log n)) B. (mathcal{O}(n)) C. (mathcal{O}(n log n)) D. (mathcal{O}(n!))

    (T(n)=2T left( dfrac{n}{2} ight) + n)

    (O(nlog n)) 故选 C 。

    27.当输入为10 -3 2 10 0 -8 9 -4 -5 9 4时,输出的第一行为( )。

    A. 13 B. 17 C. 24 D. 12

    注意 (10)(n) (草!)。

    所以最大字段和为 2 10 0 -8 9 -4 -5 9 4 ,为 (17)

    (3)

    粗略扫过去可以发现是加密和解密过程。

    28.程序总是先输出一行一个整数,再输出一行一个字符串。( )

    根据同学的说法,可能因为空串没东西。

    空串凭什么不是字符串(恼)。

    29.对于任意不含空白字符的字符串 str1,先执行程序输入0 str1,得到输出的第二行记为 str2;再执行程序输入1 str2,输出的第二行必为 str1。( )

    既然是加密和解密,这两个必然相同。

    故判对。

    30.当输入为1 SGVsbG93b3JsZA==时,输出的第二行为HelloWorld。( )

    手动模拟。判错。

    31.设输入字符串长度为 n,encode 函数的时间复杂度为( )。

    A. Θ,(mathcal{O}(sqrt n)). B. (mathcal{O}(n)) C. (mathcal{O}(n log n)) D. (mathcal{O}(n!))

    看程序,是 (mathcal{O}(n)) 的。

    故选 B 。

    32.输出的第一行为( )。

    A. 0xff B. 255 C. 0xFF D. -1

    怎么说,有的人电脑是 -1 有的人是 255 。等最后官方通知。

    答案是 D 。

    33.(4 分)当输入为0 CSP2021csp时,输出的第二行为( )。

    A. Q1NQMjAyMWNzcAv= B. Q1NQMjAyMGNzcA==

    C. Q1NQMjAyMGNzcAv= D. Q1NQMjAyMWNzcA==

    模拟,选 D 。


    • 完善程序

    (1)

    (魔法数字)小 H 的魔法数字是 (4) 。给定 (n) ,他希望用若干个 (4) 进行若干次加法、减法和整除运算得到 (n) 。但由于小 H 计算能力有限,计算过程中只能出现不超过 (M = 10000) 的正整数。求至少可能用到多少个 (4)

    例如,当 (n = 2) 时,有 (2 = (4 + 4)/4),用到了 (3)(4),是最优方案。

    试补全程序。

    本题类似 dijkstra ,每次选择已经确定最小操作的数字来转移到其他数字。

    vis 记录已经确定不会再更改操作数的数。

    1. ①处应填( )

    A. F[4] = 0 B. F[1] = 4 C. F[1] = 2 D. F[4] = 1

    首先 (4) 需要的操作数是 (1)(1) 需要的是 (2)

    对于程序来说,都是小操作数转移到大操作数。

    故选 D 。

    1. ②处应填( )

    A. !Vis[n] B. r < n

    C. F[M] == INT_MAX D. F[n] == INT_MAX

    结束掉件首先肯定是 (n) 已经算出来了。

    (r) 似乎对本题没有任何影响……

    (F_n) 有值时也不一定是最优的,只有当 (F_n) 作为可以去转移别人的时候才是最优的。

    故选 A 。

    1. ③处应填( )

    A. F[i] == r B. !Vis[i] && F[i] == r

    C. F[i] < F[x] D. !Vis[i] && F[i] < F[x]

    这题真的很像 dij ,选择一个没转移过的但又不会再被转移的数。

    选 D 。

    1. ④处应填( )

    A. F[i] < F[x] B. F[i] <= r C. Vis[i] D. i <= x

    两个数转移到新的数,只有当这两个数都是最优的时候,才能保证本次转移不会白转移(指其中一个数再更新本次转移作废)。

    故选 C 。

    (2)

    (RMQ 区间最值问题)给定序列 (a_1,...,a_n),和 (m) 次询问,每次询问给定 (l,r),求 (max{ a_1,...,a_n })

    为了解决该问题,有一个算法叫 the Method of Four Russians ,其时间复杂度为 (mathcal{O}(n+m)) ,步骤如下:

    • 建立 Cartesian(笛卡尔)树,将问题转化为树上的 LCA(最近公共祖先)问题。

    • 对于 LCA 问题,可以考虑其 Euler 序(即按照 DFS 过程,经过所有点,环游回根的序列),即求 Euler 序列上两点间一个新的 RMQ 问题。

    • 注意新的问题为 (pm 1) RMQ,即相邻两点的深度差一定为 (1)

    下面解决这个 (pm 1) RMQ 问题,“序列”指 Euler 序列:

    • (t) 为 Euler 序列长度。取 (b=leftlceildfrac{log_2 t}{2} ight ceil)。将序列每 (b) 个分为一大块, 使用 ST 表(倍增表)处理大块间的 RMQ 问题,复杂度 (mathcal{O}(frac{t}{b}log t)=mathcal{O}(m))

    • (重点)对于一个块内的 RMQ 问题,也需要 (mathcal{O}(1)) 的算法。由于差分数组 (2^{b-1}) 种,可以预处理出所有情况下的最值位置,预处理复杂度 (mathcal{O}(b 2^b)) ,不超过$ mathcal{O}(n)$ 。

    • 最终,对于一个查询,可以转化为中间整的大块的 RMQ 问题,以及两端块内的 RMQ 问题。

    试补全程序。

    我大受震撼。

    先把程序大概扫一遍,懂在干嘛。话说为什么我考试的时候都没看到差分这句话?

    38.①处应填( )

    A. p->son[0] = S[top--] B. p->son[1] = S[top--]

    C. S[top--]->son[0] = p D. S[top--]->son[1] = p

    39.②处应填( )

    A. p->son[0] = S[top] B. p->son[1] = S[top]

    C. S[top]->son[0] = p D. S[top]->son[1] = p

    这部分是在建笛卡尔树,笛卡尔树就是对于序列区间 ((l,r)) ,选取最大值 (x) 做为这区间的根,然后再跑 ((l,x-1))((x+1,r)) ,再和这两个区间的根连边。

    可以用单调栈来解决。对于栈顶小于当前元素的情况,显然可以不断弹出,使当前元素找到他最大的左二子。

    故 38 题选 A 。

    而上述操作结束后,栈顶的元素就比当前元素大,所以可以先把栈顶的右儿子设为当前元素。若后面出现更大的也会覆盖掉。

    故 39 题选 D 。

    40.③处应填( )

    A. x->dep < y->dep B. x < y

    C. x->dep > y->dep D. x->val < y->val

    其实在建完笛卡尔树后,val 就没有用处了。

    这部分的 min 是在处理 st 的时候用的,所以是考虑深度。

    另外都 min 了不可能去操作 max 的方法吧((

    故选 A 。

    41.④处应填( )

    A. A[i * b + j - 1] == A[i * b + j]->son[0]

    B. A[i * b + j]->val < A[i * b + j - 1]->val

    C. A[i * b + j] == A[i * b + j - 1]->son[1]

    D. A[i * b + j]->dep < A[i * b + j - 1]->dep

    首先前面都说了 val 已经没有用了(

    因为只有 (+1)(-1) 两种情况,所以按照题目说法,这里的二进制也是表示这个,用来存储本块内的情况。

    故选 D 。

    42.⑤处应填( )

    A. v += (S >> i & 1) ? -1 : 1

    B. v += (S >> i & 1) ? 1 : -1

    C. v += (S >> (i - 1) & 1) ? 1 : -1

    D. v += (S >> (i - 1) & 1) ? -1 : 1

    这里是预处理出块内所有的 (2^{b-1}) 种情况,方便到时候 (mathcal{O}(1)) 算。

    因为刚刚是后者小于前者时为 1 。所以为 1 的时候应该 (-1) ,反之 (+1)

    另外注意一下 (i) 是从 1 开始的。

    故选 D 。

    43.⑥处应填( )

    A. (Dif[p] >> (r - p * b)) & ((1 << (r - l)) - 1)

    B. Dif[p]

    C. (Dif[p] >> (l - p * b)) & ((1 << (r - l)) - 1)

    D. (Dif[p] >> ((p + 1) * b - r)) & ((1 << (r - l + 1)) - 1)

    对于一个块内的查询 ((l,r))

    这里的 S 是要确认本区间的状态。

    而刚刚的 Dif 已经预处理好了,p 是块的位置。

    所以选 C 。


    [ ext{by Rainy7} ]

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