传送门
Description
题目的理解方式:
给定(n)个点,和(m)条边,每条边的期望完成时间都是一个([0,1])内的随机数
求使得所有点都联通的期望时间
(n leq 10)
Solution
首先,对于(n)个([0,1])之间的随机变量(x_1,x_2,x_3,...,x_n),第(k)小的那个数的期望值是(frac{k}{n+1})
所以,此题等价于是生成树的(n-1)条边中最后一个出现的边的期望排名
假设这个排名为(i)的概率是(P(i))
那么:
[ans=frac{1}{m+1}sum_{i=1}^{m}iP(i) ]我们再设(p(i))表示最后一个出现的边排名(geq i)的概率
原式转化为:
[sum_{i=1}^{m}iP(i)=sum_{i=1}^{m}p(i) ]然而事实上(p(i))可以表示为加入(i-1)条边后原图不连通的概率
设原图为(<V,E>),(V)为点集,(E)为边集
[p(i+1)=frac{f_{i,V}}{C(m,i)} ]对于上面的式子,(f_{i,S})表示从(S)的生成子图中选出(i)条边,不能够使得点集联通的方案数
再设(g_{i,S})表示从(S)的生成子图中选出(i)条边,能够使得点集联通的方案数
对于集合(S)的生成子图(<S,E_S>)
[f_{i,S}+g_{i,S}=C(|E_S|,i) ]考虑转移,可以枚举当前集合中的一个点(x)所在的联通块以及这个联通块的边数
[f_{i,S}=sum_{S' subset S,xin S'}sum_{j=0}^{|E_{S'}|}g_{j,S'}C(|E_{S-S'}|,i-j) ]怎么求出边集的大小呢?
首先求出每个点与某个集合的连边数量(Num_{i,S})
对于一个集合(S),(|E_S|=|E_{S-x}|+Num_{x,S-x},xin S)
然后,就没有然后啦
组合数怎么算?目测会很大,用(double)存吧,写递推版
因为有枚举子集,所以复杂度是(能过O(3^nm^2)=O(能过))
Code
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define min(a,b) ((a)>(b)?(b):(a))
#define reg register
using namespace std;
inline int read()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
int N,M;
bool mp[10][10];
int Num[10][1<<10],id[1<<10],E[1<<10];
double f[50][1<<11],g[50][1<<10];
double C[50][50],ans;
double c(int x,int y){if(x<y)return 0.;return C[x][y];}
int main()
{
N=read(),M=read();
reg int i,a,b,S=1<<N,s,j,sp;
for(i=0;i<M;++i) a=read()-1,b=read()-1,mp[a][b]=mp[b][a]=true;
for(i=0;i<N;++i) id[1<<i]=i;
for(i=0;i<N;++i)for(j=1;j<S;++j)
Num[i][j]=Num[i][j-(j&(-j))]+mp[i][id[j&(-j)]];
for(i=1;i<S;++i) E[i]=E[i-(i&(-i))]+Num[id[i&(-i)]][i-(i&(-i))];
C[0][0]=1.;
for(i=1;i<=M;++i)
{
C[i][0]=C[i][i]=1.;
for(j=1;j<i;++j) C[i][j]=C[i-1][j]+C[i-1][j-1];
}
for(i=0;i<S;++i) f[0][i]=1;
for(i=0;i<N;++i) g[0][1<<i]=1,f[0][1<<i]=0;
for(i=1;i<=M;++i)for(s=0;s<S;++s)if(i<=E[s])
{
reg int x=id[s&(-s)];
for(sp=s-1;sp&=s;--sp)if(sp>>x&1)for(j=0;j<=i;++j)
f[i][s]+=g[j][sp]*c(E[s-sp],i-j);
g[i][s]=c(E[s],i)-f[i][s];
}
for(i=1;i<=M;++i) ans+=f[i-1][S-1]/c(M,i-1);
ans/=(double)M+1;
printf("%.6lf
",ans);
return 0;
}
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