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    假设每一次方向变化时(包括结束时)所抓的最后一个人位置(绝对值)依次为$a_{1},a_{2},...,a_{k}$,则不难得到答案为$a_{k}+\sum_{i=1}^{k-1}(3^{k-i}+3^{k-i-1})a_{i}$

    另外,$a_{1},a_{2},...,a_{k}$必然是左右交替的,但首尾并不能确定,可以暴力分类讨论

    进一步的,考虑每一个$a_{i}$​的贡献,最终可得$L_{i}$对总答案的贡献为($R_{i}$类似)
    $$
    \frac{4}{3}\sum_{i=1}^{n-1}L_{i}\sum_{x=1}^{n}\left(4{m-1\choose x-1}+{m-1\choose x-2}+3{m-1\choose x}\right)\sum_{j=1}^{x-1}9^{j}{n-i-1\choose j-1}{i-1\choose x-j-1}\\\sum_{x=1}^{n}{n-1\choose x-1}\left(5{m-1\choose x-1}+{m-1\choose x-2}+4{m-1\choose x}\right)L_{n}
    $$
    下式显然可以直接计算,上式中三个组合数相加不妨用${m-1\choose x-1}$代替,并交换$x$和$j$​的枚举顺序,即
    $$
    \frac{4}{3}\sum_{i=1}^{n-1}L_{i}\sum_{j=1}^{n-1}9^{j}{n-i-1\choose j-1}\sum_{x=j+1}^{n}{i-1\choose x-j-1}{m-1\choose x-1}
    $$
    考虑关于$x$的枚举,将${i-1\choose x-j-1}$改为${i-1\choose i-(x-j)}$,根据${n+m\choose k}=\sum{n\choose x}{m\choose k-x}$​,即${i+m-2\choose i+j-1}$

    (另外,简单分析可得$x$取到所有${i-1\choose i-(x-j)}$非0的情况)

    将组合数均用阶乘展开,并简单分类,即
    $$
    \frac{4}{3}\sum_{i=1}^{n-1}L_{i}(n-i-1)!(i+m-2)!\sum_{j=1}^{n-1}\frac{9^{j}}{(j-1)!(m-j-1)!}\cdot \frac{1}{(n-i-j)!(i+j-1)!}
    $$
    显然可以用多项式乘法处理,再使用ntt优化即可

    时间复杂度为$o(n\log n)$,可以通过

     1 #include<bits/stdc++.h>
     2 using namespace std;
     3 #define N (1<<19)
     4 #define mod 998244353
     5 #define ll long long
     6 #define Add(x,y) (x+y<mod ? x+y : x+y-mod)
     7 #define Dec(x,y) (x>=y ? x-y : x-y+mod)
     8 int n,m,ans,mi[N],rev[N],fac[N],inv[N],a[N],A[N],B[N],g[N];
     9 int C(int n,int m){
    10     if (n<m)return 0;
    11     return (ll)fac[n]*inv[m]%mod*inv[n-m]%mod;
    12 }
    13 int qpow(int n,int m){
    14     int s=n,ans=1;
    15     while (m){
    16         if (m&1)ans=(ll)ans*s%mod;
    17         s=(ll)s*s%mod,m>>=1;
    18     }
    19     return ans;
    20 }
    21 void ntt(int *a,int p=0){
    22     for(int i=0;i<N;i++)
    23         if (i<rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
    24     for(int i=2,l=0;i<=N;i<<=1,l++){
    25         int s=qpow(3,(mod-1)/i);
    26         if (p)s=qpow(s,mod-2);
    27         g[0]=1;
    28         for(int k=1;k<(i>>1);k++)g[k]=(ll)g[k-1]*s%mod;
    29         for(int j=0;j<N;j+=i)
    30             for(int k=0;k<(i>>1);k++){
    31                 int x=a[j+k],y=(ll)a[j+k+(i>>1)]*g[k]%mod;
    32                 a[j+k]=Add(x,y),a[j+k+(i>>1)]=Dec(x,y);
    33             }
    34     }
    35     if (p){
    36         int s=qpow(N,mod-2);
    37         for(int i=0;i<N;i++)a[i]=(ll)a[i]*s%mod;
    38     }
    39 }
    40 int calc(){
    41     int ans=0;
    42     memset(A,0,sizeof(A));
    43     for(int i=1;i<n;i++)A[i]=(ll)a[i]*fac[n-i-1]%mod*fac[i+m-2]%mod;
    44     ntt(A);
    45     
    46     memset(B,0,sizeof(B));
    47     for(int i=1;i<min(n,m);i++)B[i]=(ll)mi[i]*inv[i-1]%mod*inv[m-i-1]%mod;
    48     ntt(B);
    49     for(int i=0;i<N;i++)B[i]=(ll)A[i]*B[i]%mod;
    50     ntt(B,1);
    51     for(int i=1;i<=n;i++)ans=(ans+4LL*B[i]*inv[n-i]%mod*inv[i-1])%mod;
    52     
    53     memset(B,0,sizeof(B));
    54     for(int i=1;i<min(n,m+1);i++)B[i]=(ll)mi[i]*inv[i-1]%mod*inv[m-i]%mod;
    55     ntt(B);
    56     for(int i=0;i<N;i++)B[i]=(ll)A[i]*B[i]%mod;
    57     ntt(B,1);
    58     for(int i=2;i<=n;i++)ans=(ans+(ll)B[i]*inv[n-i]%mod*inv[i-2])%mod;
    59     
    60     memset(B,0,sizeof(B));
    61     for(int i=1;i<min(n,m-1);i++)B[i]=(ll)mi[i]*inv[i-1]%mod*inv[m-i-2]%mod;
    62     ntt(B);
    63     for(int i=0;i<N;i++)B[i]=(ll)A[i]*B[i]%mod;
    64     ntt(B,1);
    65     for(int i=0;i<=n;i++)ans=(ans+3LL*B[i]*inv[n-i]%mod*inv[i])%mod;
    66     
    67     ans=4LL*(mod+1)/3*ans%mod;
    68     for(int x=1;x<=n;x++)ans=(ans+(ll)5*C(n-1,x-1)*C(m-1,x-1)%mod*a[n]%mod+mod)%mod;
    69     for(int x=2;x<=n;x++)ans=(ans+(ll)C(n-1,x-1)*C(m-1,x-2)%mod*a[n]%mod+mod)%mod;
    70     for(int x=1;x<=n;x++)ans=(ans+(ll)4*C(n-1,x-1)*C(m-1,x)%mod*a[n])%mod;
    71     return ans;
    72 }
    73 int main(){
    74     mi[0]=fac[0]=inv[0]=inv[1]=1;
    75     for(int i=1;i<N;i++)mi[i]=(ll)9*mi[i-1]%mod;
    76     for(int i=0;i<N;i++)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)+((i&1)*(N>>1));
    77     for(int i=1;i<N;i++)fac[i]=(ll)fac[i-1]*i%mod;
    78     for(int i=2;i<N;i++)inv[i]=(ll)(mod-mod/i)*inv[mod%i]%mod;
    79     for(int i=1;i<N;i++)inv[i]=(ll)inv[i-1]*inv[i]%mod;
    80     scanf("%d%d",&n,&m);
    81     for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
    82     ans=calc();
    83     for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&a[i]);
    84     swap(n,m),ans=(ans+calc())%mod;
    85     printf("%d\n",ans);
    86     return 0;
    87 }
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/PYWBKTDA/p/15606022.html
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