构造一个数组$b_{i}$（初始为0），对于操作$[l_{i},r_{i}]$，令$b_{l_{i}}$和$b_{r_{i}+1}$值异或1，表示$i$和$i-1$的差值发生改变，最终即要求若干个$b_{i}$为1，其余为0
对于一组合法方案，通过重新排列操作的顺序，使得每一次操作都有至少一个修改是$b_{i}$由1变为0，然后进行以下构造：
1.仅有1个$b_{i}$由1变为0（即另一个$b_{i}$是由0变成1），我们将其称之为移动，即将这个$b_{i}$移动到了另一个位置，其中移动的距离必须为奇素数
2.两个都由1变为0，可以看作移动到了与另一个1相同的位置上，那么就可以消除，称之为匹配，显然每一个初始为1的位置出现且仅出现在一个匹配内
根据匹配的独立性，对于一组给定的匹配方式，即求每一对数$(x,y)$相同所需要的最小次数之和，同时由于加减互为逆运算，可以看作由$x$变为$y$（即不移动$y$）
求$x$变为$y$的最小次数，对$x$和$y$分类讨论：
1.$x=y$，答案为0
2.$|y-x|$为奇素数，答案为1
3.$|y-x|$为偶数，根据哥德巴赫猜想，答案为2（特别的，2=5-3）
4.$|y-x|$为其他情况，选择一个比其小的奇素数，剩下的偶数部分再分为两个奇素数，因此答案为3（特别的，1=3+3-5，3和5都为素数，是第2种情况）
对于第1种情况，直接贪心匹配，即对于一个连续的$a_{i}$，只需要记录左端点和右端点+1即可
假设初始为1的位置中，有$x$个奇数，$y$个偶数，然后选择了$k$对奇偶使得差为奇素数，然后对于剩下的显然尽量使用第3种，答案即$k+2(lfloorfrac{x-k}{2} floor+lfloorfrac{y-k}{2} floor)+3((x-k)mod 2)$
由于$2lfloorfrac{x-k}{2} floor=x-k-(x-k)mod 2$，同时$x-kequiv y-k(mod 2)$（1总数为偶数），因此可以化简为$x+y-k+((x-k)mod 2)$
当$k$增大后上式一定单调不减，因此仅连奇素数的边，求最大匹配即可，时间复杂度为$o(n^{2})$
1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 #define N 205 4 #define M 10000005 5 struct ji{ 6 int nex,to; 7 }edge[N*N*2]; 8 vector<int>v; 9 int E,n,x,ans,p[M],vis[M],a[N],head[N],match[N]; 10 void add(int x,int y){ 11 edge[E].nex=head[x]; 12 edge[E].to=y; 13 head[x]=E++; 14 } 15 bool dfs(int k){ 16 if (vis[k])return 0; 17 vis[k]=1; 18 for(int i=head[k];i!=-1;i=edge[i].nex) 19 if ((match[edge[i].to]==-1)||(dfs(match[edge[i].to]))){ 20 match[k]=edge[i].to; 21 match[edge[i].to]=k; 22 return 1; 23 } 24 return 0; 25 } 26 int main(){ 27 for(int i=2;i<M-4;i++){ 28 if (!vis[i])p[++p[0]]=i; 29 for(int j=1;(j<=p[0])&&(i*p[j]<M-4);j++){ 30 vis[i*p[j]]=1; 31 if (i%p[j]==0)break; 32 } 33 } 34 vis[0]=vis[1]=vis[2]=1; 35 scanf("%d",&n); 36 for(int i=1;i<=n;i++){ 37 scanf("%d",&x); 38 a[2*i-1]=x; 39 a[2*i]=x+1; 40 } 41 n*=2; 42 sort(a+1,a+n+1); 43 for(int i=1;i<=n;i++) 44 if (((i==1)||(a[i]!=a[i-1]))&&((i==n)||(a[i]!=a[i+1])))v.push_back(a[i]); 45 n=v.size(),x=0; 46 for(int i=0;i<n;i++) 47 if (v[i]&1)x++; 48 memset(head,-1,sizeof(head)); 49 for(int i=0;i<n;i++) 50 for(int j=0;j<n;j++) 51 if (!vis[abs(v[i]-v[j])])add(i,j); 52 memset(match,-1,sizeof(match)); 53 for(int i=0;i<n;i++) 54 if (v[i]&1){ 55 memset(vis,0,sizeof(vis)); 56 ans+=dfs(i); 57 } 58 printf("%d",n-ans+((ans&1)!=(x&1))); 59 }