BZOJ2142 礼物 【扩展Lucas】

题目

一年一度的圣诞节快要来到了。每年的圣诞节小E都会收到许多礼物，当然他也会送出许多礼物。不同的人物在小E
心目中的重要性不同，在小E心中分量越重的人，收到的礼物会越多。小E从商店中购买了n件礼物，打算送给m个人
，其中送给第i个人礼物数量为wi。请你帮忙计算出送礼物的方案数（两个方案被认为是不同的，当且仅当存在某
个人在这两种方案中收到的礼物不同）。由于方案数可能会很大，你只需要输出模P后的结果。

输入格式

输入的第一行包含一个正整数P，表示模；
第二行包含两个整整数n和m，分别表示小E从商店购买的礼物数和接受礼物的人数；
以下m行每行仅包含一个正整数wi，表示小E要送给第i个人的礼物数量。

输出格式

若不存在可行方案，则输出“Impossible”，否则输出一个整数，表示模P后的方案数。

输入样例

100

4 2

1

2

输出样例

12

提示

【样例说明】

下面是对样例1的说明。

以“/”分割，“/”前后分别表示送给第一个人和第二个人的礼物编号。12种方案详情如下：

1/23 1/24 1/34

2/13 2/14 2/34

3/12 3/14 3/24

4/12 4/13 4/23

【数据规模和约定】

设P=p1^c1 * p2^c2 * p3^c3 * … *pt ^ ct，pi为质数。

对于100%的数据，1≤n≤109，1≤m≤5，1≤pi^ci≤10^5。

题解

式子很简单，记(sum[i])为w[i]前缀和：

[ans = {n choose sum[m]} prodlimits {sum[m] - sum[i - 1] choose w[i]} ]

重点在于计算(C_{n}^{m} mod P)，其中(n,m le 10^9)且(P = p_1^{k_1}*p_2^{k_2}*p_3^{k_3}.....)，其中每一个(p_i^{k_i} le 10^5)

扩展Lucas##

对于质数(P le 10^5)，我们可以用Lucas定理计算出

[C_{n}^{m} = prodlimits_{i = 1} C_{lfloor frac{n}{P^{i - 1}} floor mod P^i}^{lfloor frac{m}{P^{i - 1}} floor mod P^i} ]

但对于合数(P)，Lucas定理就不再适用了
于是我们使用中国剩余定理

[left{ egin{array}{c} xequiv c_1pmod {m_1}\ xequiv c_2pmod {m_2} \ xequiv c_3pmod {m_3}\ ...\ xequiv c_kpmod {m_k} end{array} ight.]

显然(x)就是答案，用中国剩余定理合并出(x)
我们只需要快速计算(C_{n}^{m} mod p_i^{k_i})
我们只需要快速计算(n! mod p_i^{k_i})
因为((a + P) equiv a pmod P)
而

[n! = prodlimits_{i = 1}^{n} i ]

所以我们对(n)个数按(P)进行分组并提取出其中(p_i)的倍数，假使有(t)个
可以得出

[n! = p_i^{t} * (prodlimits_{x = 1}^{p_i^{k_i}} x [x mod p_i e 0])^{frac{n}{p_i^{k_i}}} * (lfloor frac{n}{p_i} floor)! ]

左边是(O(p_i^{k_i}))的，右边递归(lfloor frac{n}{p_i} floor)
我们先提取出(n,m,n - m)的(p_i)，使其结果必定与(p_i)
其中(n!)中(p)的个数为(x=lfloor{nover p} floor+lfloor{nover p^2} floor+lfloor{nover p^3} floor+...)
最后结合逆元计算出(frac{n!}{m!(n-m)!})再乘上(p_i^{sum t})就行了

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define LL long long int
#define Redge(u) for (int k = h[u],to; k; k = ed[k].nxt)
#define REP(i,n) for (int i = 1; i <= (n); i++)
#define BUG(s,n) for (int i = 1; i <= (n); i++) cout<<s[i]<<' '; puts("");
using namespace std;
const int maxn = 100005,maxm = 100005,INF = 1000000000;
inline int read(){
	int out = 0,flag = 1; char c = getchar();
	while (c < 48 || c > 57){if (c == '-') flag = -1; c = getchar();}
	while (c >= 48 && c <= 57){out = (out << 3) + (out << 1) + c - 48; c = getchar();}
	return out * flag;
}
LL sum;
int md,n,m,a[10];
int p[maxn],pk[maxn],pi,Ans[maxn];
void Sp(){
	int x = md;
	for (int i = 2; i * i <= x; i++){
		if (x % i == 0){
			p[++pi] = i; pk[pi] = 1;
			while (x % i == 0) x /= i,pk[pi] *= i;
		}
	}
	if (x - 1) ++pi,p[pi] = pk[pi] = x;
}
int qpow(int a,int b,int md){
	int ans = 1;
	for (; b; b >>= 1,a = 1ll * a * a % md)
		if (b & 1) ans = 1ll * ans * a % md;
	return ans;
}
void exgcd(int a,int b,int& d,int& x,int& y){
	if (!b) {d = a; x = 1; y = 0;}
	else exgcd(b,a % b,d,y,x),y -= (a / b) * x;
}
int inv(int a,int P){
	int d,x,y; exgcd(a,P,d,x,y);
	return (x % P + P) % P;
}
int Fac(int n,int P,int Pi){
	if (!n) return 1;
	int ans = 1;
	if (n / P){
		for (int i = 2; i < P; i++)
			if (i % Pi) ans = 1ll * ans * i % P;
		ans = qpow(ans,n / P,P);
	}
	int E = n % P;
	for (int i = 2; i <= E; i++)
		if (i % Pi) ans = 1ll * ans * i % P;
	return 1ll * ans * Fac(n / Pi,P,Pi) % P;
}
int C(int n,int m,int P,int pi){
	if (m > n) return 0;
	int a = Fac(n,P,pi),b = Fac(m,P,pi),c = Fac(n - m,P,pi),k = 0,ans;
	for (int i = n; i; i /= pi) k += i / pi;
	for (int i = m; i; i /= pi) k -= i / pi;
	for (int i = n - m; i; i /= pi) k -= i / pi;
	ans = 1ll * a * inv(b,P) % P * inv(c,P) % P * qpow(pi,k,P) % P;
	return 1ll * ans * (md / P) % md * inv(md / P,P) % md;
}
int exlucas(int n,int m){
	int ans = 0;
	for (int i = 1; i <= pi; i++){
		ans = (ans + C(n,m,pk[i],p[i])) % md;
	}
	return ans;
}
int main(){
	md = read(); n = read(); m = read();
	for (int i = 1; i <= m; i++){
		sum += (a[i] = read());
		if (sum > n) {puts("Impossible"); return 0;}
	}
	Sp();
	int ans = exlucas(n,sum);
	for (int i = 1; i <= m; i++)
		ans = 1ll * ans * exlucas(sum,a[i]) % md,sum -= a[i];
	printf("%d
",ans);
	return 0;
}