一，题意：
有两个类型的砝码,质量分别为a,b;现在要求称出质量为d的物品,
要用多少a砝码(x)和多少b砝码(y)，使得(x+y)最小。（注意：砝码位置有左右之分）。
二，思路：
1，砝码有左右位置之分，应对比两种情况
i，a左b右，得出方程 ax1 - by1 = d ;
ii，b左a右，得出方程 bx2 - ay2 = d 。
2，利用扩展欧几里德算法，解出(x1,y1)、(x2,y2)，并求出最小x1和x2，以及相对应的y1,y2。
3，输出x1+y1和x2+y2 中的最小值。
三，步骤：
1，由题意得出两个方程
i，ax1 - by1 = d ;
ii，bx2 - ay2 = d 。
2，代入算法，解出两个方程的解(x1,y1)、(x2,y2)，并求出最小x1和x2，以及相对应的y1,y2.
(详细步骤请参照本博客poj1061或者poj2115)。
3， 判断步骤
i，x1+y1最小时，输出x1，y1
ii，x2+y2最小时，输出y2，x2。 *此处为y2在前面输出，因为x2+y2最小时，第一个输入的a对应的是y2。
1 #include<iostream>
2 #include<cmath>
3 using namespace std;
4
5 void exgcd(int a,int b,int& g,int& x,int& y){ //int& a 是定义一个存放整形变量a的地址
6 if(!b){ g = a ; x = 1 ; y = 0;} // g用来存储gcd(a,b)的值
7 else { exgcd(b , a%b , g , y , x) ; y -= x * (a/b) ; }
8 }
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10 void work(int a , int b , int d ,int& g , int& x , int& y){
11 exgcd(a,b,g,x,y); //此处的x，y接收 ax+by=gcd(a,b)的值
12 x *= d/g; //求ax+by=c 的解x
13 // y *= d/g; //求ax+by=c 的解y
14 int t = b/g;
15 x = (x%t + t) % t; //求出最小非负整数
16 y = abs( (a*x - d) / b); //求相对应的y，取绝对值是为了当左边砝码数 x 为零的时候,得出来的 y 是正整数。
17 /* //以下是先求y再求对应的x 。
18 int t = a/g;
19 y = (y%t + t) % t;
20 x = abs( (d + b*y) / a);
21 */
22 }
23
24 int main(){
25 int a,b,d,g,x1,x2,y1,y2;
26 while(cin>>a>>b>>d){
27 if(a==0&&b==0&&d==0)break;
28 work(a,b,d,g,x1,y1);
29 work(b,a,d,g,x2,y2);
30 if( x1+y1 < x2+y2 )
31 cout<<x1<<" "<<y1<<endl;
32 else
33 cout<<y2<<" "<<x2<<endl; //(注意顺序)
34 }
35 return 0;
36 }
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